0,3 mol: hh este XYhh muoi Z

\[{n_{N{a_2}C{O_3}}} = {\rm{\;}}0,25{\rm{\;}} = >{n_{NaOH}} = 0,5mol\]

=>X gồm este của ancol (a mol) và este của phenol (b mol)

\(\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{n_X} = a + b = 0,3}\\{{n_{NaOH}} = a + 2b = 0,5}\end{array}} \right. \Rightarrow \left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{a = 0,1}\\{b = 0,2}\end{array}} \right.\)

=>n_RCOONa= 0,3 mol ; n_R’-C6H5ONa= 0,2 mol

- Gọi số C trong muối axit và muối phenol lần lượt là u và v (v ≥ 6)

Bảo toàn C : 0,3u + 0,2v = 0,25 + 1,25

=>3u + 2v = 15

Chỉ có v = 6 và u = 1 thỏa mãn

=>HCOONa (0,3 mol) và C₆H₅ONa (0,2 mol)

- Bảo toàn H : \[{n_{{H_2}O}} = \frac{1}{2}{n_{H(Z)}} = {\rm{\;}}0,65{\rm{\;}}mol\]

=>m = 11,7g

Đáp án cần chọn là: D

- Nhận thấy: n_X= 0,3 < n_NaOH

Với

\(\begin{array}{l}\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{(A):RCOO{C_6}{H_4}R\prime }\\{(B):{R_1}COOCH = CH{R_2}}\end{array}} \right.\\ \to \left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{n_A} + {n_B} = 0,3}\\{2{n_A} + {n_B} = 0,4}\end{array}} \right.\end{array}\)

\( \to \left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{n_A} = 0,1}\\{{n_B} = 0,2}\end{array}} \right.\)

\( \Rightarrow \left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{n_{H2O}} = {n_A} = 0,1}\\{{n_Y} = {n_B} = 0,2}\end{array}} \right.\)

- Khi đốt cháy chất Y no, đơn chức, mạch hở (R₂CH₂CHO: 0,2 mol) luôn thu được

- Khi đốt cháy chất Y no, đơn chức, mạch hở (R₂CH₂CHO: 0,2 mol) luôn thu được

\[44{n_{C{O_2}}} + 18{n_{{H_2}O}} = 24,8 \to {n_{C{O_2}}} = 0,4\;mol\]

Mà \[{C_Y} = \frac{{{n_{C{O_2}}}}}{{0,2}} = 2\]

=>Y là CH₃CHO\[\mathop \to \limits^{BTKL} {m_X} = \] m_muối+ m_Y+ mH2OmH2O– m_NaOH= 32,2 (g)

Đáp án cần chọn là: C

Cho 1 mol chất X (C₇H_yO₃, chứa vòng benzen) tác dụng hết với NaOH dư, thu được 1 mol chất Y, 1 mol chất Z và 2 mol H₂O (trong đó M_Y< M_Z; có 3 mol NaOH tham gia phản ứng)

=>X có chứa 2 chức COO gắn trực tiếp với vòng benzen và 1 chức phenol.

CTCT thỏa mãn của X:

=>Y là HCOONa

Z là C₆H₄(ONa)₂ =>T là C₆H₄(OH)₂

A đúng vì HCOONa có chứa cấu trúc -CH=O nên vừa làm mất màu Br₂và có phản ứng tráng bạc

B sai vì HCOONa không phản ứng được với NaOH (xt CaO)

C đúng vì X và T đều có chứa 6 nguyên tử H

D đúng

Đáp án cần chọn là: B

\[k = \frac{{2 + 2x - y}}{2} = \frac{{2 + 12 - 10}}{2} = 2\]

- A, B, D không phản ứng với Na =>A, B, D không có H linh động

- A + NaOH → 1 muối + 2 ancol kế tiếp nhau trong cùng 1 dãy đồng đẳng. Vậy A là este của axit 2 chức no và 2 ancol no đơn chức đồng đẳng kế tiếp.

→ CTCT của A: CH₃OOC-CH₂-COO-C₂H₅

- B + NaOH  →2 muối + 1ancol =>B là este của ancol 2 chức no và 2 axit đơn chức no

→ CTCT của B: HCOO-CH₂-CH₂-CH₂-OOCCH₃hoặc HCOO-CH₂-CH₂-OOC-CH₂-CH₃

- D + NaOH → 1 muối + 1 ancol =>D là este của 1 axit no 2 chức và 1 ancol no đơn chức hoặc 1 axit no đơn chức và 1 ancol no hai chức.

→ Vậy D có thể có các CTCT sau:

CH₃-OOC-CH₂-CH₂-COOCH₃; C₂H₅-OOC-COO-C₂H₅; CH₃-COO-CH₂-CH₂-OOC-CH₃, HCOO-CH₂-CH₂-CH₂-CH₂-OOCH

Đáp án cần chọn là: B

n_muối= n_KOH= 0,3 mol =>M_muối= 33,6 : 0,03 =112 (g/mol)

Nếu muối là muối tạo từ Y chất có 3 nhóm chức thì muối có CTPT R(COOK)₃có M>112( loại)

=>muối tạo từ chất X đơn chức RCOOK

=>muối là C₂H₅COOK =>X là C₂H₅COOH  nên X có 11 nguyên tử gần nhất với 10 nguyên tử

Đáp án cần chọn là: B

*Xét phản ứng đốt T:

\[T + \underbrace {{O_2}}_{0,66(moll)} \to \underbrace {{K_2}C{O_3}}_{0,3(mol)} + \underbrace {C{O_2} + {H_2}O}_{34,12(g)}\]

BTKL → m_T= m_K2CO3+ (m_CO2+ m_H2O) - m_O2= 54,4 (g)

Mặt khác: n_COO(T)= n_KOH= 2n_K2CO3= 0,6 mol

Đặt mol CO₂, H₂O lần lượt là a, b

+) m_CO2+ m_H2O= 44a + 18b = 34,12 (1)

+) Bảo toàn O: 2n_COO(T)+ 2n_O2= 3n_K2CO3+ 2n_CO2+ n_H2O

→ 2.0,6 + 2.0,66 = 3.0,3 + 2a + b (2)

Giải (1) (2) được a = 0,62 và b = 0,38

*Xét phản ứng thủy phân M:

\(\underbrace M_{39.2(g)} + \underbrace {KOH}_{0,6(mol)} \to Z + \underbrace T_{54,4(g)}\)

BTKL → m_Z= 39,2 + 0,6.56 - 54,4 = 18,4 (g)

Gọi CTHH của Z là R(OH)_nthì \[{n_Z} = \frac{{{n_{K{\rm{O}}H}}}}{n} = \frac{{0,6}}{n}\left( {mol} \right)\]

\[ \to {m_Z} = \frac{{0,6}}{n}.\left( {R + 17n} \right) = 18,4 \to R = \frac{{41}}{3}n\]

Thỏa mãn với n = 3 và R = 41 (C₃H₅) ⟹ Z là C₃H₅(OH)₃, n_Z= 0,2 mol

Bảo toàn C có n_C(M)= n_C(T)+ n_C(Z)= (n_K2CO3+ n_CO2) + 3n_Z= 0,3 + 0,62 + 3.0,2 = 1,52 (mol)

Lại có n_M= n_Z= 0,2 mol nên số nguyên tử C trung bình trong M là 

\[\bar C = \frac{{{n_C}}}{{{n_M}}} = \frac{{1,52}}{{0,2}} = 7,6\]

Vì M chứa 2 este hơn kém nhau 1 C nên 2 este này chứa lần lượt 7C (giả sử là X) và 8C (giả sử là Y)

Ta có hệ sau

\(\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{n_M} = {n_X} + {n_Y} = 0,2}\\{{n_{C(M)}} = 7{n_X} + 8{n_Y} = 1,52}\end{array}} \right. \Rightarrow \left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{n_X} = 0,08(mol)}\\{{n_Y} = 0,12(mol)}\end{array}} \right.\)

Đặt CTPT của X là C₇H_xO₆và Y là C₈H_yO₆

Ta có m_M= 0,08.(180 + x) + 0,12.(192 + y) = 39,2 (3)

⟹ 0,08x + 0,12y = 1,76 ⟹ 2x + 3y = 44

Vì X và Y đều là este 3 chức tạo từ C₃H₅(OH)₃nên X, Y tối thiểu cần có 8H

⟹ x = 10; y = 8 thỏa mãn

⟹ X là C₇H₁₀O₆và Y là C₈H₈O₆

CTCT của X, Y có thể là:

X: (HCOO)₂C₃H₅-OOC-CH₃: 0,08 mol

Y: (HCOO)₂C₃H₅-OOC-C≡CH: 0,12 mol

→ hỗn hợp muối T có

\(\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{HCOOK:0,08.2 + 0,12.2 = 0,4(mol)}\\{C{H_3}COOK:0,08mol}\\{CH \equiv C - COOK:0,12mol}\end{array}} \right.\)

\[ \to {\rm{\% }}{m_{CH \equiv C - C{\rm{OOK}}{\kern 1pt} }} = \,\frac{{0,12.108}}{{54,4}}.100{\rm{\% }} = 23,82{\rm{\% }}\]

Đáp án cần chọn là: A

\[{n_{{O_2}}}{\rm{\;}} = {\rm{\;}}1,225;{\rm{\;}}{n_{C{O_2}}}{\rm{\;}} = {\rm{\;}}1,05;{\rm{\;}}{n_{{H_2}O}} = {\rm{\;}}1,05\]

=>X no, đơn chức, mạch hở

- Bảo toàn O: n_{X =} \[{n_{{H_2}O}} + 2.{n_{C{O_2}}} - 2.{n_{{O_2}}}\] =>n_X= 0,35

Bảo toàn khối lượng:\[{m_X} + {m_{{O_2}}} = {m_{C{O_2}}} + {m_{{H_2}O}} = >{\rm{ }}{m_X}\; = {\rm{ }}25,9\]

=>M_X = 74 =>X có CTPT: C₃H₆O₂

Vì X gồm 2 đồng phân =>HCOOC₂H₅(a mol) và CH₃COOCH₃(b mol)

Ta có: n_X = a + b = 0,35

X no, đơn chức, mạch hở =>n_{NaOH phản ứng} = n_X= 0,35 mol

=>n_{NaOH dư}  = 0,4 – 0,35 = 0,05 mol

m _rắn= m_muối + m_{NaOH dư}= 68a + 82b + 0,05.40 = 27,9

=>a = 0,2 và b = 0,15

=>a : b = 4 : 3

Đáp án cần chọn là: B

\[{m_Y} = {\rm{\;}}{m_X} + {\rm{\;}}{m_{{H_2}}}{\rm{\;}} = {\rm{\;}}10,72\]

Đốt X cũng như đốt Y đều thu được  n_CO2= 0,4

\[{C_{\bar n}}{H_{2\bar n}}{O_2} + {O_2}\mathop \to \limits^{{t^o}} {\rm{\;}}\bar nC{O_2}{\rm{\;}} + {\rm{\;}}\bar n{H_2}O\]

\[\frac{{10,72}}{{14\bar n + 32}}\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\, \to \,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,0,4\]

\[ = >{\rm{\;}}\bar n{\rm{\;}} = {\rm{\;}}2,5\]

=>Y chứa HCOOCH₃=>ancol Z: CH₃OH

n_Y= 0,16 =>\[{n_{C{H_3}OH{\rm{\;}}}} = {\rm{\;}}0,16\]

- m _rắn = m_Y+ m_NaOH- m_CH3OH= 15,6

Đáp án cần chọn là: A

Gọi k là số liên kết π trong X =>n_CO2– n_H2O= (k – 1).n_X

=>n_π(X)– n_X= n_CO2– n_H2O

Đặt x là số mol gốc COO có trong X =>n_O(X)= 2x mol và n_{π (COO)}= x mol

- Khi đốt cháy X: Bảo toàn Oxi: n_O(X)+ 2n_O2= 2n_CO2+ n_H2O

=>2x + 2.1,27 = 2n_CO2+ 0,8

=>n_CO2= (0,87 + x) mol

=>n_{π (X)}= n_CO2– n_H2O+ n_X= (0,87 + x) – 0,8 + 0,33 = 0,4 + x

Vì chỉ có liên kết π ngoài COO mới phản ứng được với Br₂

=>n_{π (gốc hidrocacbon)}= n_{π (X)}– n_{π (COO)}= (0,4 + x) – x = 0,4 mol

=>n_Br2= 0,4 mol

Đáp án cần chọn là: A

*Đốt E:

E        +        O2→      CO2+        H2O

18,26 (g)       0,585 (mol)                             0,49 (mol)

BTKL ⟹ mCO2= mE+ mO2- mH2O= 28,16 (g) → nCO2= 0,64 (mol)

BTNT: O ⟹ nO(E)= 2nCO2+ nH2O- 2nO2= 0,6 (mol) → nCOO= ½ nO(E)= 0,3 (mol)

Ta thấy nCO2>nH2Omà các este đều no → hỗn hợp có chứa este 2 chức (do mạch hở, không phân nhánh)

→ neste hai chức= nCO2- nH2O= 0,64 - 0,49 = 0,15 mol

Lại thấy nCOO= 2neste hai chức⟹ X, Y, Z đều là este hai chức

Thủy phân E thu dược các ancol no, đơn chức, đồng đẳng kế tiếp nên X, Y, Z đều được tạo bởi axit 2 chức và ancol đơn chức

Ctb= 0,64 : 0,15 = 4,267 nên có 1 este có số C < 4,267 → X là (COOCH3)2

→ 2 ancol là CH3OH và C2H5OH

*Thủy phân E:

nNaOH pư= nCOO= 0,3 mol → nNaOH dư= 0,3.40% = 0,12 mol

\(E\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{{(COOH)}_2}:0,15}\\{C{H_2}:x}\\{C{H_3}OH:y}\\{{C_2}{H_5}OH}\\{{H_2}O: - 0,3}\end{array}} \right. + NaOH:0,42 \to Ran.T\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{{(COONa)}_2}}\\{C{H_2}:x}\\{NaOHdu:0,12}\end{array}} \right. + {O_2} \to {H_2}O:0,06\)

(1) mhh E= 0,15.90 + 14x + 32y + 46z + 18.(-0,3) = 18,26

(2) nCO2= 2.0,15 + x + y + 2z = 0,64

(3) nH2O(đốt muối)= nCH2+ 0,5nNaOH dư→ x + 0,5.0,12 = 0,06

Giải hệ trên được x = 0; y = 0,26; z = 0,04

Do x = 0 ⟹ không cần trả CH2cho gốc axit

⟹ X, Y, Z đều được tạo từ (COOH)2

Vì MX< MY< MZnên các chất X, Y, Z là:

(X) (COOCH3)2

(Y) CH3OOC-COOC2H5

(Z) (COOC2H5)2

⟹ MZ= 146

Đáp án cần chọn là: D

n_X= 0,24 mol; n_CO2= 1,38 mol; n_H2O= 1,23 mol

Do n_H2O< n_CO2</>

nên suy ra hỗn hợp chứa este đa chức

Do khi đun nóng X với KOH thu được muối không phân nhánh nên X không có este ba chức

⟹X có chứa este tối đa hai chức

*Xét phản ứng đốt cháy X:

Ta thấy: n_CO2- n_H2O≠ nX nên suy ra hỗn hợp chứa este đơn chức và este 2 chức.

⟹n _{este hai chức}= n_CO2- n_H2O= 1,38 - 1,23 = 0,15 mol

⟹n _{este đơn chức}= 0,24 - 0,15 = 0,09 mol

⟹n_{O (X)}= 4n _{este hai chức}+ 2n _{este đơn chức}= 0,78 mol

⟹m_X= m_C+ m_H+ m_O= 1,38.12 + 1,23.2 + 0,39.16 = 31,5 gam

*Xét phản ứng của X và KOH:

n_{KOH pư}= 2n _{este hai chức}+ n _{este đơn chức}= 0,39 mol

BTKL: m_X+ m_KOH= m _muối+ m _ancol

⟹31,5 + 0,39.56 = m _muối+ 20,88 ⟹m _muối= 32,46 gam

Giả sử muối gồm: C_nH_2n-4O₄K₂(0,15 mol) và C_mH_2m-1O₂K (0,09 mol)

⟹m _muối = 0,15(14n + 138) + 0,09.(14m + 70) = 32,46

⟹15n + 9m = 39

Chạy giá trị ta thấy có nghiệm duy nhất là n = 2 và m = 1

⟹Muối gồm: X: HCOOK (0,09 mol) và Y: (COOK)₂(0,15 mol)

⟹ m_X= m_HCOOK= 0,09.84 = 7,56 (g)

m_Y= m_(COOK)2= 0,15.166 = 24,9 (g)

\[ \Rightarrow \frac{x}{y} = \frac{{7,56}}{{24,9}} = 0,3036\] gần nhất với 0,3

Đáp án cần chọn là: B

+ Xét phản ứng ancol + Na thì n_OH= 2n_H2= 2.0,3 = 0,6 (mol) ⟹ n_NaOH= 0,6 mol

Bảo toàn Na có n_Na2CO3= 1/2. n_NaOH = 0,3 mol

+ Xét muối + O₂→ Na₂CO₃+ CO₂+ H₂O

n_CO2= 0,3 mol và n_H2O= 0,1 mol 

Ta có n_O(muối)= 2n_Na= 2.0,6 = 1,2 mol

Bảo toàn C có n_C(muối)= n_Na2CO3+ n_CO2= 0,3 + 0,3 = 0,6 (mol)

Bảo toàn H có n_H(muối)= 2n_H2O= 0,2 mol

Vì 2 muối thu được là 2 muối no nên CTTB của 2 muối là C_nH_2n+2-x(COONa)_x

Ta có \[\frac{{{n_C}}}{{{n_O}}} = \frac{{n + x}}{{2{\rm{x}}}} = \frac{{0,6}}{{1,2}} \to n = 0\] nên 2 muối chỉ có thể là HCOONa và (COONa)₂

Bảo toàn H có n_HCOONa= n_H(muối)= 0,2 mol ⟹\[{n_{\left( {COONa} \right)2}} = \frac{{{n_{NaOH}} - {n_{HC{\rm{OONa}}}}}}{2} = \frac{{0,6 - 0,2}}{2} = 0,2\left( {mol} \right)\]

Vì 2 este trong X là este no hai chức mạch hở nên CTHH của 2 este là

\(\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{{(HCOO)}_2}{C_n}{H_{2n}}:\frac{{0,2}}{2} = 0,1(mol)}\\{(COO{C_m}{H_{2m + 1}})2:0,2}\end{array}} \right.\)

Mà 2 este là đồng phân cấu tạo nên có cùng số nguyên tử C → 2 + n = (1 + m).2 ⟹ n = 2m

X + NaOH thu được 2 ancol là C_nH_2n(OH)₂: 0,1 mol và C_mH_2m+1OH: 0,4 mol

Có m_ancol= 19 ⟹ 0,1.(14n + 34) + 0,4.(14m + 18) = 19 ⟹ n = 2 và m = 1

2 este ban đầu là (HCOO)₂C₂H₄và (COOCH₃)₂⟹ một este chứa 14 nguyên tử trong phân tử

Đáp án cần chọn là: D

\(\left. {\begin{array}{*{20}{c}}{{C_4}{H_8}{O_2}}\\{{C_4}{H_6}{O_2}}\\{{C_4}{H_4}{O_2}}\end{array}} \right\} = >\;{C_4}{H_n}{O_2}\)

Có : d_X/O2= 2,7  =>M_X= 86,4g

=>n = 6,4 (C₄H_6,4O₂)

\[{n_X} = 0,015 = >{n_{C{O_2}}} = 0,06mol,{n_{{H_2}O}} = 0,048mol\]

\[{n_{CaC{O_3}}} = {n_{C{O_2}}} = 0,06mol = >{m_{CaC{O_3}}} = 6g\]

\[ = >mbinhtang = {m_{C{O_2}}} + {m_{{H_2}O}}\]

= 0,06.44 + 0,048.18

\[ = 3,504(g) < {m_{CaC{O_3}}}\]

=>mdungdichgiam = 6 − 3,504 = 2,496g

Đáp án cần chọn là: B

\[{n_{{H_2}O}} = 0,12mol\]

\(X:\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{vinylaxetat:C{H_3}COOCH = C{H_2}:{C_4}{H_6}{O_2}}\\{metylaxetat:C{H_3}COOC{H_3}:{C_3}{H_6}{O_2}}\\{metylaxetat:C{H_3}COOC{H_3}:{C_3}{H_6}{O_2}}\end{array}} \right.\)

\[\% vinylaxetat = 25\% \]

Đáp án cần chọn là: A

Các chất trong hỗn hợp đều chứa 2 liên kết pi và 2 nguyên tử oxi.

\(\left. {\begin{array}{*{20}{c}}{axitacrylic:C{H_2} = CH - COOH}\\{vinylaxetat:C{H_3}COOCH = C{H_2}}\\{metylmetacrylat:C{H_2} = C(C{H_3})COO - C{H_3}}\end{array}} \right\rangle \Rightarrow X:{C_n}{H_{2n - 2}}{O_2}\)

\[BTNTC:{n_{C{O_2}}} = {n_{CaC{O_3}}} = {n_{C(X)}} = \frac{9}{{100}} = 0,9mol\]

\[ = >{n_{hhX}} = \frac{{0,09}}{n}\]

\[\frac{{0,09}}{n}.(14n + 30) = 2,01 < = >n = 3,6\]

\[X:{C_{3,6}}{H_{5,2}}{O_2}:0,025mol\]

\[ = >{n_{{H_2}O}} = 0,065mol\]

\[{m_{C{O_2}}} + {m_{{H_2}O}} = 0,09.44 + 0,065.18 = 5,13gam\]

\[{\Delta _{mddsaupu}} = ({m_{C{O_2}}} + {m_{{H_2}O}}) - m \downarrow = 5,13 - 9 = - 3,87gam\]

\[{\Delta _{mdd{\rm{ }}sau{\rm{ }}pu\;}} < {\rm{ }}0\] =>Khối lượng dung dịch giảm 3,87gam

Đáp án cần chọn là: A

\(X:\underbrace {\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{A:{C_n}{H_{2n}}_{ - 2}{O_2}(n \ge 3):a}\\{B:{C_m}{H_{2m}}{O_2}(m \ge 2):b}\end{array}} \right.}_{0,15mol}\)

\(\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{m_{binh \uparrow }} = {m_{C{O_2}}} + {m_{{H_2}O}}}\\{{n_{C{O_2}}} = {n_{CaC{O_3}}} = 0,4}\end{array}} \right. \Rightarrow \left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{n_{{H_2}O}} = 0,35}\\{{n_{C{O_2}}} = {n_{CaC{O_3}}} = 0,4}\end{array}} \right.\)

\[a = {n_{C{O_2}}} - {n_{{H_2}O}} = 0,05mol = >b = 0,15 - 0,05 = 0,1mol\]

BTNTC:0,05.n + 0,1.m = 0,4 =>n = 4,m = 2

\(\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{A:{C_4}{H_6}{O_2}}\\{B:{C_2}{H_4}{O_2}}\end{array}} \right.\)

Đáp án cần chọn là: D

CH₂=CH-COOH; C₁₇H₃₃COOH; CH₃COOCH=CH₂; CH₂=CH-COOCH₃=>tất cả các chất trong X đều có chứa 2 liên kết pi và có 2 oxi trong phân tử

=>Đặt công thức chung của X là: C_nH_2n-2O₂: a (mol)

BTNT “C”: n_CO2= n_CaCO3= 0,3 (mol)

Ta có: 

\(\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{\sum {n_{C{O_2}}} = na = 0,3}\\{\sum {m_{hh}} = (14n + 30)a = 5,4}\end{array}} \right. \Rightarrow \left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{a = 0,04}\\{n = 7,5}\end{array}} \right.\)

Có: n_H2O= n_CO2– n_X= 0,3 – 0,04 = 0,26 (mol)

BTNT “O”: 2n_X+ 2n_O2= 2n_CO2+ n_H2O

=>2.0,04 + 2.n_O2= 2.0,3 + 0,26

=>n_O2= 0,39 (mol)

=>V_O2(đktc)= 0,39.22,4 = 8,736 (l)

Đáp án cần chọn là: B

Sơ đồ bài toán:

Do các este đều mạch hở và chỉ chứa chức este nên không phải là este của phenol.

- Xét phản ứng đốt muối T:

n_COO= n_NaOH= 2n_Na2CO3= 0,7 mol → n_O(T) =2n_COO =1,4 mol

BTNT "O": n_O(T)+ 2n_{O2(đốt T)}= 2n_CO2+ n_H2O+ 3n_Na2CO3→ 1,4 + 0,275.2 = 2n_CO2+ 0,2 + 0,35.3

→ n_CO2= 0,35 mol

BTKL: m _muối =m_CO2+ m_H2O+ m_Na2CO3- m_{O2(đốt T)} =0,35.44 + 0,2.18 + 0,35.106 - 0,275.32 = 47,3 gam

- Xét phản ứng thủy phân A trong NaOH:

BTKL: m_A= m _muối + m _ancol - m_NaOH= 47,3 + 22,2 - 0,7.40 = 41,5 gam

- Xét phản ứng đốt A:

Đặt n_CO2= x và n_H2O= y (mol)

+ n_O(A)= 2n_COO= 1,4 mol. BTKL: m_A= m_C+ m_H+ m_O→ 12x + 2y + 1,4.16 = 41,5 (1)

+ n_CO2- n_H2O= 0,25 → x - y = 0,25 (2)

Giải hệ (1) và (2) thu được x = 1,4 và y = 1,15

BTNT "O": n_{O2 (đốt A)}= [2n_CO2+ n_H2O- n_O(A)]/2 = (2.1,4 + 1,15 - 1,4)/2 = 1,275 mol

- Xét phản ứng đốt ancol (phản ứng giả sử):

n_{O2 (đốt ancol)}= n_{O2(đốt A)}- n_{O2(đốt T)}= 1,275 - 0,275 = 1 mol

Đặt n_CO2= a; n_H2O= b (mol)

BTKL: m_CO2+ m_H2O= m _ancol+ m_{O2(đốt ancol)}→ 44a + 18b = 22,2 + 32 (3)

BTNT "O": 2n_CO2+ n_H2O= n_O(ancol) + 2n_O2→ 2a + b = 0,7 + 2 (4)

Giải (3) và (4) thu được: a = 0,7 và b = 1,3

Nhận thấy: n_O(ancol) = n_CO2→ Các ancol đều có số C bằng số O → Các ancol chỉ có thể là ancol no

→ n _ancol =n_H2O- n_CO2= 1,3 - 0,7 = 0,6 mol

→ 1 (CH₃OH: u mol) < C _tb 

Bảo toàn gốc OH ta có: n_{OH ancol}= n_KOH= 0,2 mol

-OH + Na → -ONa + ½ H₂

⟹ n_H2= ½ . n_{OH ancol}= 0,1 mol

Bảo toàn khối lượng ta có: m_F= 7,6 + 0,1.2 = 7,8 (g)

*Bảo toàn khối lượng ta có: m_muối= 15,12 + 0,2.56 - 7,8 = 18,52 (g)

Bảo toàn nguyên tố kali ta có: n_COOK= n_KOH= 0,2 mol; n_K2CO3= 0,1 mol

Đặt n_CO2= x mol; n_H2O= y mol

Bảo toàn nguyên tố oxi ta có 0,2 . 2 + 0,21 . 2 = 0,1 . 3 + 2x + y

Bảo toàn khối lượng ta có 18,52 + 0,21 . 32 = 0,1 . 138 + 44x + 18y

Giải hệ có x = 0,26 mol và y = 0 mol ⟹ Muối không chứa H ⟹ Muối phải là của axit 2 chức.

⟹ X và Y là este 2 chức ⟹ n_X= 0,06 mol ; n_Y= 0,04 mol

Đặt số C trong gốc axit của X và Y là a và b

Ta có 0,06a + 0,04b = 0,1 + 0,26

Giải phương trình nghiệm nguyên a = 2 và b = 6

⟹ 2 muối là (COOK)₂và KOOCC≡C-C≡CCOOK

Mặt khác, đốt X hay Y đều cho n_CO2= n_O2

⟹ X và Y có dạng C_n(H₂O)_m.

Lại có X và Y đều là este 2 chức → m = 4 → X và Y đều chứa 8H

Do X và Y mạch hở ⟹ 2 ancol đều đơn chức ⟹ n_F= n_OH= 0,2 mol ⟹ M_F= 39 ⟹ chứa CH₃OH

Do đó X là CH₃OOCCOOC₂H₅và Y là CH₃OOCC≡C-C≡CCOOC₂H₅

→ %m_Y= 47,62%

Đáp án cần chọn là: D

Do thủy phân X thu được muối natri axetat nên 2 este là este của axit axetic.

n_CO2 = 0,4 mol; n_H2O= 0,6 mol

=>n _ancol= n_H2O– n_CO2= 0,2 mol

Số C trong mỗi ancol: 0,4/0,2 = 2

Vậy 2 ancol là: CH₃CH₂OH (x mol) và C₂H₄(OH)₂(y mol)

x + y = 0,2

46x + 62y = 10,8

=>x = y = 0,1

Este là: CH₃COOC₂H₅(0,1 mol) và (CH₃COO)₂C₂H₄(0,1 mol)

=>n_CH3COONa = 0,3 mol

m = 0,3.82 = 24,6 gam

Đáp án cần chọn là: A

2,904 (g) X + NaOH → 1,104 (g) Y + 3 muối

Y + Na → 0,018 mol H₂

=>n_{OH- ( trong Y)}= 2n_H2= 0,036 (mol)

Vì X là este 3 chức =>Y là ancol chức =>n_Y= 1/3 n_OH- = 0,012 (mol)

=>M_Y= 1,104/ 0,012 = 92 =>Y là glixerol  C₃H₅(OH)₃

Gọi CTPT của X: C_nH_2n-8O₆( vì X có 5 liên kết pi trong phân tử)

n_X= n_glixerol= 0,012 (mol) =>M_x= 242 (g/mol)

Ta có:14n – 8 + 96 = 242

=>n = 11

Vậy CTPT của X là C₁₁H₁₄O₆

Đốt cháy 2,42 (g) C₁₁H₁₄O₆→ 11CO₂+ 7H₂O

0,01          →0,11    → 0,07 (mol)

=>m_CO2+ m_H2O= 0,11.44 + 0,07.18 = 6,1 (g)

Đáp án cần chọn là: A

M có phản ứng tráng gương nên X là HCOOH, (X, Y, Z là các axit no đơn chức), Z là este no ba chức

Este T có độ bất bão hòa k = 3 nên:

\[{n_T} = \frac{{{n_{C{O_2}}} - {n_{{H_2}O}}}}{2} = 0,05\]

Mỗi mol T cần 3 mol H₂O để quay trở lại axit và ancol nên quy đổi M thành:

C_nH_2nO₂: a mol

C_mH2_m+2O₃: b mol

H₂O: -0,15 mol

n_CO2 = na + mb = 1

n_H2O = na + b.(m+1) - 0,15 = 0,9

m_M= a.(14n + 32) + b.(14m + 50) - 18.0,15 = 26,6

Giải hệ trên được a = 0,4; b = 0,05

=>0,4n + 0,05m = 1 =>8n + m = 20

=>m = 3, n = 2,125

Trong 26,6 gam M chứa C_nH_2nO₂ là 0,4 mol; nNaOH = 0,4 mol

=>Chất rắn chứa C_nH_2n-1O₂Na (0,4 mol)

=>m = 0,4.(14n+54) = 33,5 gam

Đáp án cần chọn là: A

Đốt Y: \[{n_{C{O_2}{\rm{\;}}}} = 0,198{\rm{\;}}mol,{\rm{\;}}{n_{{H_2}O}} = 0,176{\rm{\;}}mol\]

\[{n_{COO}} = 0,08a{\rm{\;}}mol \Rightarrow {n_{{K_2}C{O_3}{\rm{\;}}}} = 0,04a{\rm{\;}}mol,{\rm{\;}}{n_{O\left( X \right)}} = 0,16a\]

BTNT O: \[{n_{O\left( X \right)}} + {n_{O\left( {KOH} \right)}} + {n_{O\left( {{O_2}} \right)}} = 2{n_{C{O_2}}} + {n_{{H_2}O}} + 3{n_{{K_2}C{O_3}}}\]

\[ = >0,16a + 0,08a + {n_{O\left( {{O_2}} \right)}} = 0,198.2 + 0,176 + 0,04a.3\]

\[ \Rightarrow {n_{O\left( {{O_2}} \right)}} = {\rm{ }}0,572{\rm{ }} - {\rm{ }}0,12a\]

BTKL =>\[{m_X} + {m_{KOH}} + {m_{O\left( {{O_2}} \right)}} = {m_{C{O_2}}}{\rm{\;}} + {m_{{H_2}O}} + {m_{{K_2}C{O_3}}}\]

=>7,668 + 0,08a.56 + 16(0,572 – 0,12a) = 44.0,198 + 18.0,176 + 0,04a.138

=>a = 1,667

Đáp án cần chọn là: C

12,52 g E cần n_NaOH= 0,19 (mol)

Đốt 37,56 g E cần n_O2= 1,11 (mol) → n_H2O= 1,2 (mol)

=>Đốt 12,52 g E cần 0,37 mol O₂→ 0,4 mol H₂O

Quy đổi hỗn hợp E thành:

C_nH_2nO₂: 0,19 mol

C_mH_2m+2O₂: a mol

H₂O: - b mol

m_E= 0,19 ( 14n + 32) + a( 14m + 34) – 18b = 12,52

n_O2= 0,19 ( 1,5n – 1) + a ( 1,5n – 0,5) = 0,37

n_H2O= 0,19n + a( m + 1) –b = 0,4

=>a = 0,05; b = 0,04 và 0,19n + am = 0,39

=>0,19n + 0,05m = 0,39

=>19n + 5m = 39

T không tác dụng với Cu(OH)₂nên m ≥ 3. Vì n ≥ 1 nên m = 3 và n = 24/19 là nghiệm duy nhất.

=>HCOOH ( 0,14) và CH₃COOH (0,05)

b = 0,04 =>HCOO-C₃H₆-OOC-CH₃: 0,02 mol

=>n_HCOOH= 0,14 – 0,02 = 0,12 (mol)

=>%n_HCOOH= 44,09%. 

Đáp án cần chọn là: D

X, Y đơn chức

Z, T hai chức

*Z + Na:         

R(OH)₂→ H₂

0,25     ← 0,25

m _{bình tăng} = m_Z– m_H2=>m_Z= 15 + 0,25.2 = 15,5 gam =>M_Z= 15,5/0,25 = 62 =>Z là C₂H₄(OH)₂

*Đốt F:

n_Na2CO3= 0,5n_NaOH= 0,2 mol; n_O(F) = 2n_NaOH = 0,8 mol

BTNT O: n_H2O= n_O(F)+ 2n_O2- 3n_Na2CO3– 2n_CO2= 0,8 + 0,7.2 – 0,6.2 – 0,2.3 = 0,4 mol

BTKL =>m _muối= m_Na2CO3 + m_CO2+ m_H2O– m_O2= 0,2.106 + 0,6.44 + 0,4.18 – 0,7.32 = 32,4 gam

\[\bar RCOONa:0,4mol \to \bar R + 67 = \frac{{32,4}}{{0,4}} \to \bar R = 14\] =>Có axit là HCOOH

*E + NaOH: T có dạng là \[{(\bar RCOO)_2}{C_2}{H_4}\] =>M_T= (14+44).2+28 = 144

BTKL =>m_H2O= m_E+ m_NaOH– m _muối– m_Z= 33,7 + 0,4.40 – 32,4 – 15,5 = 1,8 gam =>n_axit= n_H2O= 0,1 mol

=>n_este= (n_NaOH-n_axit)/2 = 0,15

=>m_T= 0,15.144 = 21,6 gam =>%m_T= 64,1%

Đáp án cần chọn là: C

n_CO2< n_H2O

=>n _ancol =  n_H2O-n_CO2 = 0,1

=>C=n_CO2: n_ancol = 2 =>ancol là C₂H₆O

Vì n_NaOH>n_C2H6O→ X là axit còn Y là este tạo bởi C₂H₅OH và axit X

n_RCOONa= n_NaOH= 0,3 → M = 82 →  M_R=15 → CH3COONa

→ Y là CH₃COOC₂H₅

Đáp án cần chọn là: A

Chất X có độ bất bão hòa là: k = (2C + 2 – H):2 = 3

- Khi đun Z với H₂SO₄đặc thu được chất T nhẹ hơn Z nên M_T= M_Z– 18

\[{d_{T/Z}} = \frac{{{M_T}}}{{{M_Z}}} = \frac{{{M_Z} - 18}}{{{M_Z}}} = 0,7 \to {M_Z} = 60({C_3}{H_8}O)\]

A, B, D, đúng

C sai vì 1 mol Y đốt cháy chỉ thu được 3 mol CO₂: C₄H₂O₄Na₂+ 3O₂→ 3CO₂ + H₂O + Na₂CO₃

Đáp án cần chọn là: C

\(\underbrace {X,Y,Z}_{E = 5,16g} + NaOH\)dư

F có phản ứng với AgNO₃=>trong F phải có muối HCOONa =>muối còn lại là CH₃COONa

\[{n_{HCOONa}} = \frac{1}{2}{n_{Ag}} = \frac{1}{2}.0,08 = 0,04(mol)\]

\[ = >{n_{C{H_3}COONa}} = \frac{{4,36 - a.68}}{{82}} = 0,02(mol)\]

\[{n_{este}} = \sum {n_{muoi}} = 0,04 + 0,02 = 0,06(mol)\]

\[ = >{\bar M_{este}} = \frac{{5,16}}{c} = 86(g/mol)\]

=>CTPT của E: C4H6O2

=>E chứa: CH₃COOCH=CH₂: 0,02 (mol) ; HCOOR: a (mol) và HCOOR’: b (mol)

=>a + b = 0,06 (1)

M tham gia phản ứng tráng bạc =>M chứa anđehit. Có n_Ag= 0,06 >2n_CH3COOCH=CH2= 0,04

=>E chứa 1 este có cấu tạo HCOOC=C-CH₃:\[\frac{{0,06 - 0,04}}{2} = 0,01(mol)\]

Este còn lại có cấu tạo HCOOCH=CH-CH₃: 0,03 (mol) hoặc HCOOC(CH₃)=CH₂: 0,03 (mol)

Vậy X là HCOOCH=CH-CH₃

\[ = >{\rm{\% }}X = \frac{{0,01.86}}{{5,16}}.100{\rm{\% }} = 16,67{\rm{\% \;}}\]

Đáp án cần chọn là: A

M_X= 3,125.32 = 100 (C₅H₈O₂)

Do E tác dụng với KOH sinh ra hai ancol có cùng số C nên ancol có số C từ 2 trở đi

Số C trung bình = 2,1/0,6 = 3,5

Suy ra một este là HCOOC₂H₅(G/s là Y)

Hai ancol là C₂H₅OH, C₂H₄(OH)₂

=>X là CH₂=CH-COOC₂H₅

Do Z no, mạch hở nên Z là (HCOO)₂C₂H₄

m_E= 0,06.100 + 0,36.74 + 0,18.118 = 53,88g

Muối \(\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{C_2}{H_3}COOK:0,06}\\{HCOOK:0,36\; + \;2.0,18\; = \;0,72}\end{array}} \right.\)=>m_muối=0,06.110+0,72.84=67,08g

53,88 g E...67,08 g muối134,7 g E...167,7g muối

Đáp án cần chọn là: A

Do thủy phân X thu được muối natri fomiat nên 2 este là este của axit fomic

nCO₂ = 0,3 mol; nH₂O = 0,45 mol

=>n _ancol= nH₂O – nCO₂= 0,15 mol

Số C trong mỗi ancol: 0,6/0,15 = 2

Vậy 2 ancol là: CH₃CH₂OH (x mol) và C₂H₄(OH)₂(y mol)

\(\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{x + y = 0,15}\\{46x + 62y = 7,7}\end{array}} \right. \Rightarrow \left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{x = 0,1}\\{y = 0,05}\end{array}} \right.\)

Este là: HCOOC₂H₅(0,1 mol) và (HCOO)₂C₂H₄(0,05 mol)

=>nHCOONa = 0,2 mol

m = 0,2.68= 13,6 gam

Đáp án cần chọn là: B

17,2 (g) X + NaOH → 6,2 (g) Y + 2 muối

Y + Na → 0,1 mol H₂

=>n_{OH- ( trong Y)}= 2n_H2= 0,2 (mol) =>n Y = 0,1 mol

=>M_Y= 62 =>Y là C₂H₄(OH)₂

Gọi CTPT của X: C_nH_2n-4O₄( vì X có 3 liên kết pi trong phân tử)

n_X= n_Y= 0,1(mol) =>M_x= 172 (g/mol)

Ta có:14n – 4 + 64 = 172

=>n = 8

Vậy CTPT của X là C₈H₁₂O₄

Đốt cháy X: C₈H₁₂O₄→ 8CO₂+ 6H₂O

0,05         →0,4    → 0,3 (mol)

=>m_CO2+ m_H2O= 0,4.44 + 0,3.18 = 23 (g)

Đáp án cần chọn là: C

n_NaOH = 0,26 mol; n_CO2 = 0,045 mol; n_H2O= 0,06 mol

Do axit Y đa chức, không phân nhánh nên Y là axit hai chức

Este Z được tạo bởi ancol T và X, Y =>Ancol T là ancol ba chức.

*Xét phản ứng đốt cháy ancol T: n_CO2= 0,045 mol; n_H2O= 0,06 mol

n_CO2< n_H2O

n _ancol = n_H2O- n_CO2= 0,06 - 0,045 = 0,015 mol

=>Số C = n_CO2: n_T= 0,045 : 0,015 = 3

Vậy T là C₃H₅(OH)₃

*E phản ứng với NaOH: n_COO= n_NaOH= 0,26 mol =>n_O(E)= 2n_COO= 0,52 mol

*Xét phản ứng đốt cháy hỗn hợp E:

+ BTKL: m_CO2+ m_H2O= m_E+ m_O2=>44n_CO2 + 18n_H2O= 14,93 + 32.0,3825

+ BTNT "O": 2n_CO2+ n_H2O= n_O(E)+ 2n_O2=>n_CO2+ n_H2O= 0,52 + 2.0,3825

Giải hệ được n_CO2= 0,505 và n_H2O= 0,275

*Quy đổi hỗn hợp E thành:

C_nH_2nO₂: x

C_mH_2m-4O₄: y

C₃H₈O₃: 0,015

H₂O: -0,045

Ta có hệ phương trình:

\(\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{n_{NaOH}} = x + 2y = 0,026}\\{{n_{CO2}} = nx + my + 0,015.3 = 0,505}\\{{n_{{H_2}O}} = nx + (m - 2)y + 4.0,015 - 0,045 = 0,275}\end{array}} \right. \to \left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{x = 0,06}\\{y = 0,1}\\{3n + 5m = 23}\end{array}} \right.\)

Chỉ có cặp n = 1; m = 4 thỏa mãn

Vậy X là HCOOH và Y là HOOC-CH=CH-COOH

=>Z có thể là

- Phương án A sai vì tổng số nguyên tử H trong Z là 8

- Phương án B đúng

+ X làm mất màu dung dịch Br₂khi đun nóng

+ Y làm mất màu dung dịch Br₂ ở nhiệt độ thường

+ T không làm mất màu dung dịch Br₂

- Phương án C đúng

- Phương án D đúng.

Đáp án cần chọn là: A

n_NaOH= 0,1 (mol) ; n_HCl= 0,02 (mol)

Hai ancol có cùng dãy đồng đẳng và có phân tử khối trung bình nhỏ hơn 46 =>phải có 1 ancol là CH₃OH

=>2 ancol thuộc dãy đồng đẳng của ancol no, đơn chức

Quy đổi hỗn hợp X về:

C_nH_2n+2-2kO₄: 0,04 (mol) [Suy ra từ n_axit= 1/2. n_COOH= ½ . (n_NaOH- n_HCl ) ]

C_mH_2m+2O : 0,05 (mol)

H₂O : - c (mol)

BTNT C: n_CO2= 0,04n + 0,05m = 0,19

=>4n + 5m = 19  (1)

Mặt khác M_ancol< 46 =>14m +18 < 46 =>m < 2

Từ (1) ta có: n ≥ 2 và m < 2 =>n = 3 và m = 1,4 là nghiệm duy nhất

Vậy axit là CH₂(COOH)₂

Y gồm: CH₂(COONa)₂: 0,04 mol và NaCl: 0,02 mol  (BTNT Cl)

=>m_Y= 0,04.148 + 0,02.58,5 = 7,09 (g)

Đáp án cần chọn là: A

Ta có : \[\frac{{{n_{C{O_2}}}}}{{{n_{{H_2}O}}}} = \frac{{77:44}}{{18:18}} = \frac{7}{4}\]

Mà este X tạo bởi ancol đơn chức và axit2 chức nên X có 4 O trong công thức phân tử

→ X là C₇H₈O₄

Số liên kết pi có trong X là: (7 . 2 + 2 - 8) : 2 = 4

=>X có chứa 2 liên kết pi trong 2 chức este và 2 liên kết pi trong gốc hidrocacbon

X + NaOH → X₁+ X₂+ Z và 2 ancol X₁, X₂là đồng đẳng nên X là

CH₃– OOC – C≡C- COO- CH₂- CH₃

→ Z là NaOOC – C≡C – COONa

X₁, X₂là CH₃OH; C₂H₅OH

Y là CH₃– OOC – CH- CH- COO- CH₂- CH₃

a. Đúng

b. Sai

c. Đúng

d. sai

Đáp án cần chọn là: C

Quy đổi hỗn hợp M thành C_nH_2nO₂; C_mH_2m+2O₃: a mol và H₂O : -b mol

Vì M phản ứng vừa đủ với 0,35 mol KOH nên n_axit= 0,35 mol → C_nH_2nO₂: 0,35 mol

Đốt cháy M

Bảo toàn C có n_CO2= 0,35n + am = 0,75 mol

Bảo toàn H có 2n_H2O= 0.35.2n + a.(2m+2) – 2b = 0,7.2

→ từ 2 phương trình trên có a – b = - 0,05

Khối lượng của hỗn hợp M là 0,35(14n + 32) + a.(14m+ 50) – 18b = 24

→  14.(0,35n + am) + 32.0,35 + 50a – 18b = 24 → 50a – 18b = 2,3

→ a = 0,1 mol và b = 0,15 mol →n_este= 1/3 .b = 0,05 mol → B đúng

→ 0,35n + 0,1m = 0,75mol

Vì m ≥ 3 do đây là ancol 3 chức nên thỏa mãn m = 3 và  n = 9/7 ( vì n là số C trung bình của 2 axit)

→ X là HCOOH → %H trong X = 4,35% → D đúng

24gam M + 0,35 mol KOH → 0,35 mol C_nH_2n-1O₂K

Với n = 9/7 → m = 30,8 → C đúng

→ A sai

Đáp án cần chọn là: A

E + NaOH → muối G + ancol F

Xét ancol F

F là ancol 3 chức nên F + Na → 3/2 H2

Ta có nH2= 0,18 mol → nF= 0,12 mol

Khối lượng bình Na tăng là mbình tăng= mG– mH2= 10,68 → mG= 10,68 + 0,18.2 = 11,04 g

→MF= 92 → F là C3H8O3( glixerol)

Xét muối G có

nG= 3nF= 3.0,12 =0,36 mol

→MG= 29,52 : 0,36 = 82 → G có CTTB là RCOONa thì MR= 15

→ G có một muối là HCOONa

Vì E gồm các este có cùng số mol và este được tạo từ 2 axit → 2 muối có số mol bằng nhau → muối còn lại có CTPT là CnH2n+1COONa →  → muối còn lại C2H5COONa

→ X tạo bới (HCOO)3C3H5

Y và Z là 2 đồng phân của este tạo bởi (HCOO)2(C2H5COO)C3H5

T và P là 2 đồng phân của (HCOO)(C2H5COO)2C3H5

Q là (C2H5COO)3C3H5

Đáp án cần chọn là: A

M_X=100 =>X là C₅H₈O₂

Số C trung bình = 0,75/0,2 = 3,75

Do E tác dụng với KOH sinh ra hai ancol có cùng số C nên ancol có số C từ 2 trở đi

Suy ra một este là HCOOC₂H₅(G/s là Y)

Hai ancol là C₂H₅OH, C₂H₄(OH)₂

=>X là CH₂=CH-COOC₂H₅

=>Z  là este của C₂H₄(OH)₂ với axit fomic =>Z là (HCOO)₂C₂H₄

Ta có sơ đồ:

=>x + y + z = 0,2 (1)

Bảo toàn cacbon =>5x + 3y + 4z = 0,75 (2)

Bảo toàn oxi =>n(O trong E)+ n (O cháy) = n(O trong CO₂) + n(O nước)

=>n_H2O= 0,2.2 + 0,875.2- 0,75.2 = 0,65 =>4x+3y+ 3z = 0,65(3)

Giải (1), (2) và (3) =>\(\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{C_5}{H_8}{O_2}:0,05mol}\\{{C_3}{H_6}{O_2}:0,1mol}\\{{C_4}{H_6}{O_4}:0,05mol}\end{array}} \right.\)

=>m_E= 18,3 gam 

So sánh với 36,6 =>36,6 gấp đôi =>Muôi là C₂H₃COONa: 0,1 và HCOONa:

0,2+0,1.2=0,4

=>m_muối= 94. 0,1+ 0,4. 68 = 36,6 gam

Đáp án cần chọn là: A

F có phản ứng với AgNO₃=>trong F phải có muối HCOONa =>muối còn lại là CH₃COONa

n_HCOONa= n_Ag/2 = 0,1 mol

=>n_CH3COONa= 0,05 mol

Ta có: n_este= n_muối= 0,1+ 0,05 = 0,15 mol

=>M_este= 86 =>Công thức của E là C₄H₆O₂

=>Công thức E là HCOOCH=CH-CH₃a mol ; HCOOCH₂-CH=CH₂ b mol và CH₃COOCH=CH₂c mol

Ta có\(\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{a + b + c = 0,15}\\{a + b = 0,1}\\{2a + 2c = 0,14}\end{array}} \right. \Rightarrow \left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{a = 0,02}\\{b = 0,08}\\{c = 0,05}\end{array}} \right.\)

=>X là HCOOCH=CH-CH₃ (vì số mol bằng 0,02)

\[\frac{{0,02.86}}{{12,9}}.100{\rm{\% }} = 13,33{\rm{\% }}\]

Đáp án cần chọn là: C

Chất X có độ bất bão hòa là: k = (2C + 2 – H):2 = 3

- Khi đun Z với H₂SO₄đặc thu được chất T nhẹ hơn Z nên M_T= M_Z– 18

A sai vì X không có đồng phân hình học

B đúng vì Y có 1 nối đôi làm mất màu Brom

C sai vì 1 mol Y đốt cháy chỉ thu được 3 mol CO₂: C₄H₂O₄Na₂+ 3O₂→ 3CO₂ + H₂O + Na₂CO₃

X phản ứng với H₂theo tỉ lệ 1:1 =>D sai

Đáp án cần chọn là: B

n_CO2< n_H2O

=>n _ancol =  n_H2O-n_CO2 = 0,05

=>C=n_CO2: n_ancol = 1 =>ancol là CH₄O

Vì n_NaOH>n_CH4OX là axit còn Y là este tạo bởi CH₃OH và axit X

n_RCOONa= n_NaOH= 0,15 → M = 68 →  M_R=1 → HCOONa=>X là HCOOH

Đáp án cần chọn là: C

X, Y đơn chức

Z, T hai chức

*Z + Na:         

R(OH)₂→ H₂

0,03     ← 0,03

m _{bình tăng} = m_Z– m_H2=>m_Z= 3,6 + 0,06.2 = 3,72 gam =>M_Z= 3,72/0,06 = 62 =>Z là C₂H₄(OH)₂

*Đốt F:

n_Na2CO3= 0,5n_NaOH= 0,08 mol; n_O(F) = 2n_NaOH = 0,32 mol

BTNT O: n_H2O= n_O(F)+ 2n_O2- 3n_Na2CO3– 2n_CO2= 0,32 + 0,2.2 – 0,16.2 – 0,08.3 = 0,16 mol

BTKL =>m _muối= m_Na2CO3 + m_CO2+ m_H2O– m_O2= 0,08.106 + 0,16.44 + 0,16.18 – 0,2.32 = 12gam

\[\bar RCOONa\;:{\rm{ }}0,16{\rm{ }} = >{M_{\bar R}} = 8\] =>Có axit là HCOOH

*E + NaOH: T có dạng là  \[{(\bar RCOO)_2}{C_2}{H_4}\] =>M_T= (8+44).2+28 = 132

BTKL =>m_H2O= m_E+ m_NaOH– m _muối– m_Z= 10,4 + 0,16.40 – 12 – 3,72 = 1,08 gam =>n_axit= n_H2O= 0,06 mol

=>n_este= (n_NaOH-n_axit)/2 = 0,05

=>m_T= 0,05.132= 6,6 gam

=>%mT = (6,6 : 10,4).100% = 63,46%

Đáp án cần chọn là: A

Đốt Y: nCO₂= 0,95 mol, nH₂O = 1,25 mol

nCOO = x mol =>nNa₂CO₃= 0,5.x mol, nO(X) = 2x

BTNT O: nO(X) + nO(NaOH) + nO(O₂) = 2nCO₂+ nH₂O + 3nNa₂CO₃

=>2x + x + nO(O₂) = 0,95.2 +1,25  + 3x/2

=>nO(O₂) = 3,15-1,5x

BTKL =>mX + mNaOH + mO(O₂) = mCO₂+ mH₂O + mNa₂CO₃

=>32,4 + x.40 + 16(3,15-1,5.x) = 44.0,95 + 18.1,25 + x/2.106

=>x= 0,5

Đáp án cần chọn là: D

M có phản ứng tráng gương nên X là HCOOH, (X, Y, Z là các axit no đơn chức), T là este no ba chức

Este T có độ bất bão hòa k = 3 nên:

nT = (nCO₂– nH₂O)/2 = 0,05

Mỗi mol T cần 3 mol H₂O để quay trở lại axit và ancol nên quy đổi M thành:

C_nH_2nO₂: a mol

C_mH_2m+2O₃: b mol

H₂O: c

Ta có n_este= n_CmH2m+2O3= 0,05

=>n_H2O= 3.0,05 =0,15 mol

nCO₂ = na+mb = 1,05

nH₂O = na+b(m+1)-0,15 = 0,95

mM = a(14n+32)+b(14m+50)-18.0,15 = 86,7/3

Giải hệ trên được a = 0,45; m = 3, n = 2

Trong 26,6 gam M chứa C_nH_2nO₂ là 0,45 mol; nNaOH = 0,5 mol

=>Chất rắn chứa C_nH_2n-1O₂Na (0,45 mol) và NaOH (0,05)

=>m = 0,45.(14.2+54)+ 0,05.40 = 38,9 gam

Đáp án cần chọn là: C

17,2 (g) X + NaOH → 6,2 (g) Y + 2 muối

Y + Na → 0,1 mol H₂

=>n_{OH- ( trong Y)}= 2n_H2= 0,2 (mol) =>n Y = 0,1 mol

=>M_Y= 62 =>Y là C₂H₄(OH)₂

Gọi CTPT của X: C_nH_2n-4O₄( vì X có 3 liên kết pi trong phân tử)

n_X= n_Y= 0,1(mol) =>M_x= 172 (g/mol)

Ta có:14n – 4 + 64 = 172

=>n = 8

Vậy CTPT của X là C₈H₁₂O₄

Đốt cháy X: C₈H₁₂O₄→ 8CO₂+ 6H₂O

0,05         →0,4    → 0,3 (mol)

=>m_CO2+ m_H2O= 0,4.44 + 0,3.18 = 23 (g)

Đáp án cần chọn là: C