Nếu $n_{C{O}_2}$ = x= 0,15 mol thì:

Chỉ tạo ra 1 muối $CaC{O}_3$ và khối lượng kết tủa thu được là tối đa.

$Ca{\left(OH\right)}_2+C{O}_2\to CaC{O}_3+H_{2}O$

0,15 0,15 mol

Nếu $n_{C{O}_2}$ max = x = 0,26 mol thì:

⇒ Tạo ra 2 muối $CaC{O}_3$và $Ca{\left(HC{O}_3\right)}_2$ và khi đó khối lượng kết tủa thu được là tối thiểu.

$C{O}_2+Ca{\left(OH\right)}_2\to CaC{O}_3+H_{2}O \left(1\right)$

x…..x…..x......mol

$2C{O}_2+CA{\left(OH\right)}_2\to Ca{\left(HC{O}_3\right)}_2 \left(2\right)$

2y…..y…..mol

Ta được hệ phương trình:

⇒ $n_{CaC{O}_3}$ = x = 0,04 mol

⇒ m↓ = $m_{CaC{O}_3}$ = 0,04.100 = 4 gam

Vậy 4 ≤ m↓ ≤ 15

⇒ Chọn D.

$n_{Ba{\left(OH\right)}_2}$ = 0,15.2 = 0.03

$V_{O_2}$ lớn nhất cần dùng khi $C{O}_2$ tạo kết tủa hết $Ba{\left(OH\right)}_2$và hòa tan một phần lượng kết tủa, khi đó 1 < T < 2.

$C{O}_2+Ba{\left(OH\right)}_2\to BaC{O}_3+H_{2}O \left(1\right)$

x…..x…0,01….mol

$2C{O}_2+Ba{\left(OH\right)}_2\to Ba{\left(HC{O}_3\right)}_2 \left(2\right)$

2y……y……mol

⇒ $n_{Ba{\left(OH\right)}_2}\left(1\right)=n_{BaS{O}_3}$= x = 0.01 mol

⇒$n_{Ba{\left(OH\right)}_2} \left(2\right)=n_{Ba{\left(OH\right)}_2}-n_{Ba{\left(OH\right)}_2}\left(1\right)$

= y = 0,03 - 0,01 = 0,02 mol

⇒ $n_{C{O}_2}=n_{C{O}_2\left(1\right)}+n_{C{O}_2\left(2\right)}$

= x + 2y = 0,1 + 0,02.2 = 0,05 mol

⇒ $V_{C{O}_2}$ = 0,05.22,4=1,12 lit

⇒ Chọn A.

Vì $n_{CaC{O}_3}<N_{C{O}_2}$ nên chứng tỏ $Ca{\left(OH\right)}_2$ tạo kết tủa hoàn toàn với $C{O}_2$ và một phần kết tủa bị hòa tan ⇒ 1 < T < 2.

$C{O}_2+Ca{\left(OH\right)}_2\to CaC{O}_3+H_{2}O \left(1\right)$

x…….x………x…….mol

$2C{O}_2+Ca{\left(OH\right)}_2\to Ca{\left(HC{O}_3\right)}_2 \left(2\right)$

2y……y……mol

$n_{Ca{\left(OH\right)}_2\left(1\right)}=n_{C{O}_2\left(1\right)}=n_{CaC{O}_3}$

=x=0,12 mol

$$\begin{gathered} n_{C{O}_2\left(2\right)}=n_{C{O}_2}-n_{C{O}_2\left(1\right)} \\ =2nCa{\left(OH\right)}_2\left(2\right) \end{gathered}$$

=0,2-0,12=0,08 mol

⇒ Chọn A.

Đáp án D

$n_{NaOH}$ = 0,06.0,1 = 0,006 mol

$n_{Ba{\left(OH\right)}_2}$ = 0,12.0,1= 0,012 mol

$n_{OH}$ = 0,006+0,012.2=0,03 mol

Vậy tạo 2 muối $C{O_2}^{2-}$và $HC{O}_3$-

$C{O}_2+OH\to HC{O}_3\left(1\right)$

x……..x…………x………..mol

$C{O}_2+2OH\to C{O_3}^{2-}+H_{2}O\left(2\right)$

y………2y………y………mol

Ta có hệ phương trình:

⇒${n_{C{O}_3}}^{2-}$- = y = 0,01 mol

Vì${n_{Ba}}^{2+}>{n_{C{O}_3}}^{2-}$nên $n_{BaC{O}_3}={n_{C{O}_3}}^{2-}$

= 0,01 mol

⇒ $m_{BaC{O}_3}$ = m↓ = 0,01.197=1,97 g

⇒ Chọn D.

Đáp án D

$n_{NaOH}$ = 1.2= 2 mol

⇒ Tạo ra 2 muối NaHS và $N{a}_{2}S$

⇒ Chọn C.

Đáp án B

$C{O}_2+CaC{O}_3+H_{2}O\to Ca{\left(HC{O}_3\right)}_2$

x……….x………..x

Theo PTHH ta có:

$n_{C{O}_{2lt}}=x=n_{CaC{O}_3}$=0,2mol

⇒ $V_{C{O}_{2}tt}$ = 0,4.22,4 = 8,96 lit

Ta lại có:

$$\begin{gathered} Ca{\left(OH\right)}_2+Ca{\left(HC{O}_3\right)}_2 \\ \to 2CaC{O}_3+2H_{2}O \end{gathered}$$

x………..x………2x

Vậy tối thiểu cần là x = 0,2 mol ⇒

$n_{CaC{O}_3}$ = 2x = 0,4 mol

⇒ m↓ = 0,4.100 = 40g

⇒ Chọn C.

Đáp án B