15 câu hỏi trắc nghiệm thuộc Tổng hợp bài tập amin – amino axit hay và khó (Phần 1) có đáp án

Câu 1:

Hỗn hợp X chứa hai amin kế tiếp thuộc dãy đồng đẳng của metylamin. Hỗn hợp Y chứa glyxin và lysin. Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol hỗn hợp Z (gồm X và Y) cần vừa đủ 1,035 mol $O_{2}$ , thu được 16,38 gam $H_{2} O$ ; 18,144 lít (đktc) hỗn hợp $C O_{2} v à N_{2}$ . Phần trăm khối lượng của amin có khối lượng phân tử lớn hơn trong Z là

A. 10,70%

B. 13,04%

C. 16,05%

D. 14,03%

Xem đáp án

$0, 2 m o l \{\begin{matrix} C_{n} H_{2 n + 3} N : x \\ C_{2} H_{5} O_{2} N : y \\ C_{6} H_{14} O_{2} N_{2} : z \end{matrix} + 1, 035 m o l O_{2} \to 0, 91 m o l H_{2} O + 0, 81 m o l$

$\{\begin{matrix} {CO}_{2} : n x + 2 y + 6 z (B T N T : C) \\ N_{2} : 0, 5 x + 0, 5 y + z (B T N T : N) \end{matrix}$

$\{\begin{matrix} x + y + z = 0, 2 \\ \overset{n_{{CO}_{2}} + n_{N_{2}}}{\to} n x + 2 y + 6 z + 0, 5 x + 0, 5 y + z = 0, 81 \\ \overset{BTNT : O}{\to} 2 y + 2 z + 1, 035.2 = 2 n x + 4 y + 12 z + 0, 91 \\ \overset{BTNT : H}{\to} 2 n x + 3 x + 5 y + 14 z = 0, 91.2 \end{matrix}$

→ $\{\begin{matrix} x + y + z = 0, 2 \\ 0, 5 x + 2, 5 y + 7 z + n x = 0, 81 \\ 2 y + 10 z + 2 n x = 1, 16 \\ 3 x + 5 y + 14 z + 2 n x = 1, 82 \end{matrix}$

→ $\{\begin{matrix} x = 0, 1 \\ y = 0, 04 \\ z = 0, 06 \\ n = 2, 4 \to C_{2} H_{7} N (a mol); C_{3} H_{9} N (b mol) \end{matrix}$

→ $\{\begin{matrix} a + b = 0, 1 \\ 3, 5 a + 4, 5 b + 0, 04.2, 5 + 0, 06.7 = n_{H_{2} O} = 0, 91 \end{matrix}$ → $\{\begin{matrix} a = 0, 06 \\ b = 0, 04 \end{matrix}$

→ % $m_{C_{3} H_{9} N} = \frac{0, 04.59}{0, 06.45 + 0, 04.75 + 0, 06.146}$ = 14,03%

Đáp án cần chọn là: D

Câu 2:

Hỗn hợp X gồm glyxin, alanin, valin, metylamin và etylamin. Đốt cháy hoàn toàn 0,16 mol hỗn hợp X cần dùng vừa đủ 0,57 mol $O_{2}$ . Sản phẩm cháy gồm $C O_{2}, H_{2} O v à N_{2}$ (trong đó số mol $C O_{2}$ là 0,37 mol). Cho lượng X trên vào dung dịch KOH dư thấy có a mol KOH tham gia phản ứng. Giá trị của a là

A. 0,08

B. 0,07

C. 0,06

D. 0,09

Xem đáp án

Giả sử X gồm:

$C_{n} H_{2 n + 1} O_{2} N (a m i n o a x i t) : x m o l$

$C_{m} H_{2 m + 3} N (a m i n) : y m o l$

Đốt cháy:

$C_{n} H_{2 n + 1} O_{2} N + (1, 5 n - 0, 75) O_{2} \to n C O_{2} + (n + 0, 5) H_{2} O + 0, 5 N_{2}$

x 1,5nx-0,75x nx

$C_{m} H_{2 m + 3} N + (1, 5 m + 0, 75) O_{2} \to m C O 2 + (m + 1, 5) H_{2} O + 0, 5 N_{2}$

y 1,5my+0,75m my

$+) n O_{2} = 1, 5 n x - 0, 75 x + 1, 5 m y + 0, 75 y = 0, 57 (1)$

+) nX = x + y = 0,16 (2)

$+) n C O_{2} = n x + m y = 0, 37 (3)$

Giải (1)(2)(3) => x = 0,07; y = 0,09

$n_{K O H} = n_{a m i n o a x i t} = 0, 07 m o l$

Đáp án cần chọn là: B

Câu 3:

Hỗn hợp X gồm 1 mol amin no, mạch hở A và 2 mol amino axit no, mạch hở B tác dụng vừa đủ với 4 mol HCl hoặc 4 mol NaOH. Nếu đốt cháy một phần hỗn hợp X (nặng a gam) cần vừa đủ 38,976 lít $O_{2}$ (đktc) thu được 5,376 lít khí $N_{2}$ (đktc). Mặt khác, cho a gam hỗn hợp X tác dụng với dung dịch HCl dư, sau phản ứng thu được m gam muối. Giá trị của m là

A. 70

B. 60

C. 40

D. 50

Xem đáp án

1 mol amin no, 2 mol amino axit no tác dụng vừa đủ với 4 mol HCl hoặc 4 mol NaOH nên amin có 2 – $N H_{2}$ ; amino axit có 2 –COOH và 1 – $N H_{2}$

Giả sử trong a gam hỗn hợp X

$\begin{array}{l} A : C_{n} H_{2 n + 4} N_{2} (a m o l) \\ B : C_{m} H_{2 m - 1} O_{4} N (b m o l) \end{array}$

$\{\begin{matrix} B T N T N : 2 a + b = 2 n_{N_{2}} = 0, 48 m o l \\ \frac{a}{b} = \frac{1}{2} \end{matrix} \to \{\begin{matrix} a = 0, 12 \\ b = 0, 24 \end{matrix}$

$C_{n} H_{2 n + 4} N_{2} + \frac{3 n + 2}{2} O_{2} \overset{t °}{\to} n C O_{2} + (n + 2) H_{2} O + N_{2}$

0,12 0,12.

$C_{m} H_{2 m - 1} O_{4} N + \frac{3 m - 4, 5}{2} O_{2} \overset{t °}{\to} m C O_{2} + (m - 0, 5) H_{2} O + 0, 5 N_{2}$

0,24 0,24. $\frac{3 m - 4, 5}{2}$

$= > 0, 12. \frac{3 n + 2}{2} + 0, 24. \frac{3 m - 4, 5}{2} = 1, 74$

=> n + 2m = 12

Ta có:

$\begin{array}{l} a = 0, 12 (14 n + 32) + 0, 24 (14 m + 77) \\ = 1, 68 (n + 2 m) + 22, 32 = 1, 68.12 + 22, 32 = 42, 48 g \\ n_{H C l} = 2 n_{A} + n_{B} = 0, 12.2 + 0, 24 = 0, 48 m o l \\ m_{m u o i} = a + m_{H C l} = 42, 48 + 0, 48.36, 5 = 60 g \end{array}$

Đáp án cần chọn là: B

Câu 4:

X, Y lần lượt là hai α – amino axit no, mạch hở (phân tử chứa 1 nhóm –COOH và 1 nhóm $N H 2$ ) hơn kém nhau một nguyên tử cacbon. Đốt cháy hoàn toàn 0,6 mol hỗn hợp Z gồm X, Y và axit glutamic cần vừa đủ 1,95 mol $O_{2}$ thu được $H_{2} O$ ; hỗn hợp khí T gồm $C O_{2} v à N_{2}$ có tỉ khối so với $H_{2}$ bằng 20,8. Phần trăm khối lượng của amino axit có khối lượng phân tử nhỏ nhất trong Z là

A. 41%.

B. 27%.

C. 32%

D. 49%

Xem đáp án

$n_{N 2} = 0, 5 n_{Z} = 0, 3 m o l$

Phương pháp đường chéo $\Rightarrow \frac{n_{C O_{2}}}{n_{N_{2}}} = \frac{17}{3} \Rightarrow n_{C O_{2}} = 1, 7 m o l$

Số C trung bình $= \frac{1, 7}{0, 6} = 2, 83$ => 2 amino axit còn lại là Gly và Ala

Giả sử trong Z có: a mol Gly, b mol Ala, c mol Glu

a + b + c = 0,6

$2 a + 3 b + 5 c = n_{C O 2} = 1, 7$

2,25a + 3,75b + 5,25c = 1,95 $(= n_{O 2})$

Giải hệ thu được a = 0,3; b = 0,2; c = 0,1

$\Rightarrow % m_{G l y} = \frac{0, 3.75}{0, 3.75 + 0, 2.89 + 0, 1.147} .100 % = 40, 91 %$

Đáp án cần chọn là: A

Câu 5:

X là amino axit có công thức $H_{2} N C_{n} H_{2 n} C O O H .$ Y là axit cacboxylic no đơn chức, mạch hở. Cho hỗn hợp E gồm peptit Ala-X-X và Y tác dụng vừa đủ với 450 ml dung dịch NaOH 1M thu được m gam muối Z. Đốt cháy hoàn toàn Z cần 25,2 lít khí $O_{2}$ (đktc) thu được $N_{2}, N a_{2} C O_{3}$ và 50,75 gam hỗn hợp gồm $C O_{2} v à H_{2} O$ . Khối lượng của muối có phân tử khối nhỏ nhất trong Z là

A. 29,10 gam

B. 14,55 gam

C. 26,10 gam

D. 12,30 gam

Xem đáp án

Muối Z gồm:

$\begin{array}{l} C_{3} H_{6} N O_{2} N a : a m o l \\ C_{n} H_{2 n} N O_{2} N a : 2 a m o l \\ C_{m} H_{2 m - 1} O_{2} N a : b m o l \\ n_{N a O H} = 3 a + b = 0, 45 (1) \end{array}$

$\to n_{N a 2 C O 3} = 0, 225 m o l v à n_{O (Z)} = 0, 9 m o l$

Đặt x, y là số mol $C O_{2}, H_{2} O$ thu được khi đốt Z.

44x + 18y = 50,75

BTNT O → 2x + y + 0,225.3 = 0,9 + 1,125.2

=> x = 0,775; y = 0,925

$\begin{array}{l} n_{C O 2} = 3 a + 2 n a + m b - 0, 225 = 0, 775 (2) \\ n_{H 2 O} = 3 a + 2 n a + m b - b / 2 = 0, 925 (3) \end{array}$

(2) - (3) → b = 0,15

(1) → a = 0,1

Thế a, b vào (2) → 4n + 3m = 14

Do n ≥ 2; m ≥ 1 nên n = m = 2 là nghiệm

Vậy X là Gly và Y là $C H_{3} C O O H$

Muối nhỏ nhất là CH₃COONa

$m_{C H 3 C O O N a} = 0, 15.82 = 12, 3$

Đáp án cần chọn là: D

Câu 6:

Chất hữu cơ mạch hở X có công thức $C_{8} H_{15} O_{4} N$ . Cho m gam tác dụng với lượng dư dung dịch NaOH, thu được (m + 1) gam muối Y của amino axit và hỗn hợp Z gồm hai ancol. Giá trị của m là

A. 15,75.

B. 7,27

C. 94,5

D. 47,25.

Xem đáp án

Gọi CT chung của X là $H_{2} N R (C O O R_{2}) (C O O R_{1})$

$H_{2} N R (C O O R_{2}) (C O O R_{1}) \to H_{2} N R {(C O O N a)}_{2}$

=> Khối lượng tăng: 23.2 - $R_{1} - R_{2} > 0 = > R_{1} + R_{2} < 46$

$= > R_{1} = 15 (- C H_{3}); R_{2} = 29 (- C_{2} H_{5})$

$1 m o l H_{2} N C_{3} H_{5} (C O O C H_{3}) (C O O C_{2} H_{5}) \to 1 m o l H_{2} N C_{3} H_{5} {(C O O N a)}_{2}$ thì khối lượng tăng 2 gam

Thực tế khối lượng tăng 1 gam => $n_{H_{2} N C_{3} H_{5} (C O O C H_{3}) (C O O C_{2} H_{5})}$ = 0,5 mol

M = 0,5.189 = 94,5 gam

Đáp án cần chọn là: C

Câu 7:

Hỗn hợp X gồm alanin, axit glutamic và 2 amin thuộc dãy đồng đẳng của metylamin. Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol hỗn hợp X thu được 1,58 mol hỗn hợp Y gồm $C O_{2}, H_{2} O v à N_{2}$ . Dẫn Y vào bình đựng dung dịch $H_{2} S O_{4}$ đặc dư thấy khối lượng bình tăng 14,76g. Nếu cho 29,47g X tác dụng với dung dịch HCl loãng dư thì thu được khối lượng muối gần nhất với giá trị là:

A. 46

B. 48

C. 42

D. 40

Xem đáp án

$H_{2} S O_{4}$ hấp thụ $H_{2} O$ => $n_{H_{2} O} = 0, 82 m o l$

Các chất trong X đều có 1N => $n_{N_{2}} = 0, 5 = 0, 1 m o l = > n_{C O_{2}} = n_{Y} - n_{H_{2} O} - n_{N_{2}} = 0, 66 m o l$

Số $C = n_{C O_{2}} : n_{X} = 3, 3$

Số $H = \frac{2. n_{H_{2} O}}{n_{X}} = 8, 2$

Số O = x => số liên kết pi = k = 0,5x

=> Số H = 2C + 2 + N – 2O/2 = 3,3.2 + 2 + 1 – 2x/2 = 8,2

=> x = 1,4

Vậy X là $C_{3, 3} H_{8, 2} O_{1, 4} N$

=> 0,2 mol X có $m_{X} = 16, 84 g a m$

Xét 29,47 gam X $(n_{X} = 1, 75.0, 2 = 0, 35 m o l)$

Với $n_{H C l} = n_{X} = 0, 35 m o l$

=> $m_{m u o i} = 42, 245 g a m$

Đáp án cần chọn là: C

Câu 8:

Hỗn hợp E gồm chất X $(C_{5} H_{14} N_{2} O_{4}$ , là muối của axit hữu cơ đa chức) và chất Y $(C_{2} H_{7} N O_{3}$ , là muối của một axit vô cơ). Cho một lượng E tác dụng hết với dung dịch chứa 0,7 mol NaOH, đun nóng. Sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn, thu được 0,4 mol hỗn hợp hai khí có số mol bằng nhau và dung dịch Z. Cô cạn cẩn thận dung dịch Z thu được m gam chất rắn khan. Giá trị của m là

A. 34,4

B. 50,8

C. 42,8.

D. 38,8.

Xem đáp án

E + NaOH → 2 khí có cùng số mol

=> E gồm :

$\begin{array}{l} X : N H_{4} O O C - C_{3} H_{6} - C O O N H_{4} \\ Y : C H_{3} N H_{3} - H C O_{3} \end{array}$

Do 2 khí có cùng số mol nên đặt $n_{X} = a = > n_{Y} = 2 a$

=> $n_{k h í} = 2. a + 2 a = 4 a m o l = 0, 4 = > a = 0, 1 m o l$

=> Z chứa 0,1 mol $C_{3} H_{6} {(C O O N a)}_{2}; 0, 2 m o l N a_{2} C O_{3}$ và 0,1 mol NaOH dư

=> m = 42,8 gam

Đáp án cần chọn là: C

Câu 9:

Hỗn hợp E gồm chất X $(C_{m} H_{2 m + 4} O_{4} N_{2}$ , là muối của axit cacboxylic hai chức) và chất Y $(C_{n} H_{2 n + 3} O$ ₂N, là muối của axit cacboxylic đơn chức). Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol E cần vừa đủ 0,26 mol $O_{2}$ , thu được $N_{2}, C O_{2} v à 0, 4 m o l H_{2} O$ . Mặt khác, cho 0,1 mol E tác dụng hết với dung dịch NaOH, cô cạn dung dịch sau phản ứng, thu được hỗn hợp hai chất khí đều làm xanh qùy tím ẩm và a gam hỗn hợp hai muối khan. Giá trị của của a là

A. 11,60.

B. 9,44

C. 11,32

D. 10,76.

Xem đáp án

Đặt số mol của $C_{m} H_{2 m + 4} O_{4} N_{2} : a (m o l$ ) ; số mol của $C_{n} H_{2 n + 3} O_{2} N : b (m o l)$

$C_{m} H_{2 m + 4} O_{4} N_{2} + (1, 5 m - 1) O_{2} \to m C O_{2} + (m + 2) H_{2} O + N_{2}$

a → (1,5m-1)a → (m+2)a mol

$C_{n} H_{2 n + 3} O_{2} N + (1, 5 n - 0, 25) O_{2} \to n C O_{2} + (n + 1, 5) H_{2} O + N_{2}$

b → (1,5n-0,25)b → (n+1,5)b mol

Ta có hệ 3 phương trình:

$\begin{array}{l} \{\begin{matrix} n_{E} = a + b = 0, 1 \\ n_{O_{2}} = (1, 5 m - 1) a + (1, 5 n - 0, 25) b = 0, 26 \\ n_{H_{2} O} = (m + 2) a + (n + 1, 5) b = 0, 4 \end{matrix} \\ \Rightarrow \{\begin{matrix} a + b = 0, 1 \\ 1, 5 (m a + n b) - (a + 0, 25 b) = 0, 26 \\ m a + n b = 0, 4 - 2 a - 1, 5 b \end{matrix} \\ \Rightarrow \{\begin{matrix} a + b = 0, 14 \\ a + 2, 5 b = 0, 34 \\ m a + n b = 0, 4 - 2 a - 1, 5 b \end{matrix} \\ \Rightarrow \{\begin{matrix} a = 0, 06 \\ b = 0, 04 \\ 3 m + 2 n = 11 \end{matrix} \end{array}$

Do m ≥ 2 và n ≥ 1 nên m = 3 và n = 1 là nghiệm duy nhất thỏa mãn

=> CTPT X: $C_{3} H_{10} O_{4} N_{2}$ và CTPT của Y: $C H_{5} O_{2} N$

E + NaOH → 2 chất khí đều làm xanh quỳ tím ẩm

=> CTCT của X: $N H_{3} C H_{3} C O O - C O O N H_{4}; C T C T c u a Y : H C O O N H_{4}$

=> 2 khí làm xanh quỳ tím ẩm là $N H_{3} v à C H_{3} N H_{3}$

Muối thu được gồm: ${(C O O N a)}_{2}$ : 0,06 mol và HCOONa: 0,04 (mol)

=> a = 0,06.134 + 0,04.68=10,76 (g)

Đáp án cần chọn là: D

Câu 10:

Hỗn hợp E gồm X $(C_{7} H_{16} O_{6} N_{2}) v à Y (C_{5} H_{14} O_{4} N_{2},$ là muối của axit cacboxylic hai chức) tác dụng hoàn toàn với dung dịch KOH, thu được ancol etylic, hai amin no (đơn chức, kế tiếp trong dãy đồng đẳng, có tỉ khối hơi so với khí hidro bằng 16,9) và dung dịch Z. Cô cạn dung dịch Z, thu được hỗn hợp T gồm 2 muối khan có cùng số nguyên tử cacbon trong phân tử (trong đó có 1 muối của axit cacboxylic và 1 muối của α-amino axit). Phần trăm khối lượng của muối có phân tử khối nhỏ hơn trong T là

A. 25,5%

B. 74,5%

C. 66,2%

D. 33,8%

Xem đáp án

$M_{a m i n} = 16, 9.2 = 33, 8$ => 2 amin là $C H_{3} N H_{2} (a m o l) v à C_{2} H_{5} N H_{2} (b m o l)$

$= > Y l à C H_{3} N H_{3} O O C - C O O N H_{3} C O O C_{2} H_{5}$

=> a : b = 11,2 : 2,8 = 4 : 1

$n_{C H 3 N H 2} > n_{C 2 H 5 N H 2}$ => X tác dụng với KOH cũng sinh ra $C H_{3} N H_{2}$

T gồm 2 muối khan có cùng số nguyên tử cacbon trong phân tử (trong đó có 1 muối của axit cacboxylic và 1 muối của α-amino axit) => Các muối đều có chứa 2C

=> Muối gồm: ${(C O O K)}_{2} v à H_{2} N - C H_{2} - C O O K$

Suy ra X có cấu tạo là: $C_{2} H_{5} O O C - C O O N H_{3} - C H_{2} C O O N H_{3} C H_{3} h o a c C H_{3} N H_{3} O O C - C O O N H_{3} - C H_{2} - C O O C_{2} H_{5}$

Giả sử: $n_{C H 3 N H 2} = 4 m o l = > n_{C 2 H 5 N H 2} = 1 m o l$

$n_{Y} = n_{C 2 H 5 N H 2} = 1 m o l$

$n_{X} = n_{C H 3 N H 2} - n_{Y} = 4 - 1 = 3 m o l$

Vậy muối gồm: ${(C O O K)}_{2} (3 + 1 = 4 m o l) v à H_{2} N - C H_{2} - C O O K (3 m o l)$

=> $% m_{G l y - K} = 3.113 / (4.166 + 3.113) .100 % = 33, 79 %$ gần nhất với giá trị 33,8%

Đáp án cần chọn là: D

Câu 11:

Hỗn hợp X gồm glyxin, alanin và axit glutamic. Trong X, nguyên tố oxi chiếm 40% về khối lượng. Cho m gam X tác dụng hoàn toàn với lượng vừa đủ dung dịch gồm NaOH 2,0% và KOH 2,8%, thu được 8,8 gam muối. Giá trị của m là

A. 6,4

B. 5,6

C. 7,2.

D. 4,8.

Xem đáp án

$\begin{array}{l} m_{O} = 0, 4 m = > n_{O} = 0, 4 m : 16 = 0, 025 m (m o l) \\ = > n_{C O O H} = n_{O} : 2 = 0, 0125 m (m o l) \end{array}$

$n_{O H} = n_{C O O H} = n_{H 2 O} = 0, 0125 m (m o l)$

Mà $n_{N a O H} : n_{K O H} = \frac{0, 02 m_{d d}}{40} : \frac{0, 028 m_{d d}}{56} = 1 : 1 = > n_{N a O H} = m_{K O H} = 0, 00625 m m o l$

BTKL: $m_{X} + m_{N a O H} + m_{K O H} = m_{m u o i} + m_{H 2 O}$

=> m + 0,00625m.40 + 0,00625m.56 = 8,8 + 18.0,0125m

=> m = 6,4 gam

Đáp án cần chọn là: A

Câu 12:

Hỗn hợp E gồm amin no, đơn chức, mạch hở X và amino axit no, mạch hở Y (chứa một nhóm cacboxyl và một nhóm amino). Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp E thu được 3,15 gam $H_{2} O$ và 0,145 mol hỗn hợp hai khí $C O_{2} v à N_{2}$ . Nếu lấy m gam E ở trên tác dụng vừa đủ 0,05 mol HCl. Phát biểu nào sau đây sai?

A. Giá trị m là 3,13.

B. Phân tử khối của Y là 75.

C. Phần trăm khối lượng Y trong E là 56,87%.

D. Phần trăm khối lượng nitơ trong X là 31,11%.

Xem đáp án

X: $C_{n} H_{2 n + 3} N \overset{+ O_{2}}{\to} (n + 1, 5) H_{2} O + n C O_{2} + 0, 5 N_{2}$

Y $: C_{m} H_{2 m + 1} N O_{2} \overset{+ O_{2}}{\to} (m + 0, 5) H_{2} O + m C O_{2} + 0, 5 N_{2}$

$\to n_{X} = n_{H_{2} O} - n_{C O_{2}} + n_{N_{2}} = 0, 175 - 0, 145 = 0, 03 (m o l)$

$\to n_{Y} = n_{H C l} - n_{X} = 0, 05 - 0, 03 = 0, 02 (m o l)$

$\begin{array}{l} n_{H_{2} O} = 0, 03 (n + 1, 5) + 0, 02 (m + 0, 5) = 0, 175 \\ \to 3 n + 2 m = 12 (n ⩾ 1; m ⩾ 2) \\ \to \{\begin{matrix} n = 2 \\ m = 3 \end{matrix} \to \{\begin{matrix} C_{2} H_{7} N : 0, 03 \\ A l a : 0, 02 \end{matrix} \end{array}$

A. m = 0,03.45 + 0,02.89 = 3,13 (g) => Đúng

B. Phân tử khối của Y là 89 => Sai

$C . % m_{Y} = \frac{0, 02.89}{3, 13} .100 % = 56, 87 % = > Đ ú n g$

$D . % m_{N (X)} = \frac{14}{45} .100 % = 31, 11 % = > Đ ú n g$

Đáp án cần chọn là: B

Câu 13:

Hỗn hợp M gồm một este no, đơn chức, mạch hở và hai amin no, đơn chức. mạch hở X, Y là đồng đẳng kế tiếp với $M_{X} < M_{Y}$ . Đốt cháy hoàn toàn một lượn M thu được $N_{2}, 5, 04 g a m H_{2} O v à 3, 584 l í t C O_{2}$ đktc. Khối lượng phân tử của X là

A. 31

B. 73

C. 45

D. 59

Xem đáp án

$n_{C O 2} = 0, 16 m o l v à n_{H 2 O} = 0, 28 m o l$

$c ó M + O_{2}$ với M là $C_{n} H_{2 n} O_{2} v à C_{m} H_{2 m + 3} N t h ì$

$\begin{array}{l} C_{n} H_{2 n} O_{2} \to n C O_{2} + n H_{2} O \\ C_{m} H_{2 m + 3} N \to m C O_{2} + \frac{2 m + 3}{2} H_{2} O \end{array}$

$\to n_{H 2 O} - n_{C O 2} = 0, 12 = n_{C_{m} H_{2 m + 3} N} . 3 / 2 \to n_{C_{m} H_{2 m + 3} N} = 0, 08 \to m < 0, 16 / 0, 08 = 2$

→ X là $C H_{3} N H_{2} \to M_{X} = 31$

Đáp án cần chọn là: A

Câu 14:

Hỗn hợp X gồm alanin, axit glutamic và axit acrylic. Hỗn hợp Y gồm propen và trimetylamin. Đốt cháy hoàn toàn a mol X và b mol Y thì tổng số mol oxi cần dùng vừa đủ là 1,14 mol, thu được $H_{2} O, 0, 1 m o l N_{2} v à 0, 91 m o l C O_{2}$ . Mặt khác, khi cho a mol X tác dụng với dung dịch KOH dư thì lượng KOH phản ứng là m gam. Biết các phản ứng xảy ra hoàn toàn. Giá trị của m là

A. 11,2.

B. 16,8.

C. 10,0.

D. 14,0.

Xem đáp án

Alanin: $C H_{3} - C H (N H_{2}) - C O O H \leftrightarrow {(C H_{2})}_{2} (C O O) (N H_{3})$

Axit glutamic: $H O O C - C H_{2} - C H_{2} - C H (N H_{2}) - C O O H \leftrightarrow {(C O O)}_{2} {(C H_{2})}_{3} (N H_{3})$

Axit acrylic: $C H_{2} = C H - C O O H \leftrightarrow {(C H_{2})}_{2} (C O O)$

Propen: $C_{3} H_{6} \leftrightarrow {(C H_{2})}_{3}$

Trimetylamin: ${(C H_{3})}_{3} N \leftrightarrow {(C H_{2})}_{3} (N H_{3})$

Vậy quy đổi hỗn hợp X, Y thành $C H_{2} (x m o l), C O O (y m o l), N H_{3} (v o i n_{N H 3} = 2 n_{N 2} = 0, 2 m o l)$

$\{\begin{matrix} {CH}_{2} : x \\ C O O : y \\ {NH}_{3} : 0, 2 \end{matrix} + O_{2} : 1, 14 \to \{\begin{matrix} {CO}_{2} : 0, 91 \\ \overset{BT : H}{\to} H_{2} O : x + 0, 3 \\ N_{2} : 0, 1 \end{matrix}$

BTNT "C": $n_{C H 2} + n_{C O O} = n_{C O 2} = > x + y = 0, 91 (1)$

BTNT "O": $2 n_{C O O} + 2 n_{O 2} = 2 n_{C O 2} + n_{H 2 O} = > 2 y + 1, 14.2 = 0, 91.2 + x + 0, 3 (2)$

Giải hệ được x = 0,66 và y = 0,25

Khi cho a mol X tác dụng với KOH thì: $n_{K O H} = n_{C O O} = 0, 25 m o l = > m_{K O H} = 0, 25.56 = 14 g a m$

Đáp án cần chọn là: D

Câu 15:

Cho hỗn hợp E gồm 0,1 mol X $(C_{5} H_{11} O_{4} N) v à 0, 15 m o l Y (C_{5} H_{14} O_{4} N_{2}$ , là muối của axit cacboxylic hai chức) tác dụng hoàn toàn với dung dịch KOH, thu được một ancol đơn chức, hai amin no (kế tiếp trong dãy đồng đẳng) và dung dịch T. Cô cạn T, thu được hỗn hợp G gồm ba muối khan có cùng số nguyên tử cacbon trong phân tử (trong đó có hai muối của hai axit cacboxylic và muối của một α-amino axit). Phần trăm khối lượng của muối có phân tử khối lớn nhất trong G là

A. 24,57%

B. 54,13%

C. 52,89%

D. 25,53%

Xem đáp án

- Do sau phản ứng thu được 2 amin no kế tiếp trong dãy đồng đẳng nên suy ra cấu tạo của Y là:

$C H_{3} N H_{3} O O C - C O O N H_{3} C_{2} H_{5} (0, 15 m o l)$

- Các muối có cùng số nguyên tử C (2C) và 1 ancol nên cấu tạo của X là:

$C H_{3} C O O H_{3} N - C H_{2} - C O O C H_{3} (0, 1 m o l)$

=> Muối G gồm có:

$\begin{array}{l} {(C O O K)}_{2} (0, 15 m o l) \\ C H_{3} C O O K (0, 1 m o l) \\ H_{2} N - C H_{2} - C O O K (0, 1 m o l) \end{array}$

$\begin{array}{l} = > m_{m u o i} = 0, 15.166 + 0, 1.98 + 0, 1.113 = 46 g a m \\ = > % m_{(C O O K) 2} = 0, 15.166 / 46.100 % = 54, 13 % \end{array}$

Đáp án cần chọn là: B