Chọn đáp án D

Hiện tượng ứ giọt chỉ xảy ra ở những loại cây bụi thấp và những cây thân thảo.

Chọn đáp án D

Hệ tuần hoàn có ở đa số động vật thân mềm ( ốc sên, trai,…) và chân khớp ( côn trùng, tôm,…)

Vậy châu chấu có hệ tuần hoàn hở.

Chọn đáp án B

Phát biểu không đúng khi nói về gen cấu trúc là vùng điều hòa nằm ở đầu 5’ của mạch mã gốc của gen, mang tín hiệu khởi động và kiểm soát quá trình phiên mã. Không đúng vì vùng điều hòa nằm ở đầu 3’ của mạch mã gốc của gen.

Chọn đáp án D

Chọn đáp án C

Chọn đáp án B

Quá trình giảm phân ở các cá thể có kiểu gen sau cho giao tử mang alen lặn chiếm tỉ lệ 50% là: Aa và Bb

Aa cho giao tử: 50% A và 50% a

Bb cho giao tử: 50% B và 50% b

Chọn đáp án D

Cấu trúc di truyền của quần thể ban đầu ở giới đực là: 0,3AA : 0,6Aa : 0,1aa

$\to$Tần số alen ở giới đực là: $A=\mathrm{0,3}+\frac{\mathrm{0,6}}{2}=\mathrm{0,6,}a=1-\mathrm{0,6}=\mathrm{0,4}$

Cấu trúc di truyền của quần thể ban đầu ở giới cái là: 0,2AA : 0,4Aa : 0,4aa

$\to$Tần số alen ở giới đực là: $A=\mathrm{0,2}+\frac{\mathrm{0,4}}{2}=\mathrm{0,4,}a=1-\mathrm{0,4}=\mathrm{0,6}$

Quần thể không chịu tác động của cá nhân tố tiến hóa. Theo lý thuyết, tần số kiểu gen Aa ở thế hệ tiếp theo là: 0,6A.0,6a+0,4A.0,4a=0,52

Nếu tần số alen ở hai giới khác nhau thì khi quần thể cân bằng di truyền, tần số alen của quần thể: $P_{A cânbang}=1/2\left(P_{Añöïc}+P_{Acaùi}\right)$

Nếu gen nằm trên NST giới tính thì: $P_{Acaânbaèng}=1/3P_{Añöïc}+2/3P_{Acaùi}$

Chọn đáp án C

Suy ra: (1) $\to$  (4) $\to$  (3) $\to$ (2).

Chọn đáp án A

Chọn đáp án D

Chỉ có sinh vật sản xuất tiếp nhận năng lượng từ môi trường vô sinh vào quần xã sinh vật thông qua quá trình quang hợp.

Chọn đáp án C

Sinh vật sản xuất có tổng sinh khối lớn nhất.

Chọn đáp án A

Hô hấp sáng, quang hô hấp hay hô hấp ánh sáng là một quá trình hô hấp xảy ra ở thực vật trong điều kiện có nhiều ánh sáng nhưng ít cacbonic. Trong quá trình này, đường RuBP bị oxi hóa bởi enzyme rubisco, thay vì nhận phân tử cacbonic như trong chu trình Calvin của quá trình quang hợp. Hô hấp sáng được đánh giá là tác nhân làm giảm đáng kể hiệu suất quang hợp của các thực vật C3, cho dù một số nghiên cứu cho thấy quá trình hô hấp sáng có một số vai trò tích cực đối với thực vật.

Ở các thực vật và thực vật CAM, chức năng oxi hóa của Rubisco bị ngăn chặn và vì vậy hô hấp ánh sáng bị triệt tiêu, đảm bảo được hiệu suất quang hợp cao của chúng trong các điều kiện khô nóng.

Chọn đáp án D

Cả 4 cơ chế nói trên $\to$  Đáp án D

Khi cơ thể bị nôn nhiều làm giảm thể tích máu, giảm huyết áp, tăng pH máu, các hệ cơ quan tham gia hoạt động và có nhiều cơ chế giúp đưa cân bằng nội môi trở lại bình thường:

- Hệ hô hấp giúp duy trì ổn định độ pH bằng cách làm giảm nhịp hô hấp dẫn tới giảm tốc độ thải $C{O}_2$ . Nguyên nhân là vì pH cao làm giảm kích thích lên trung khu hô hấp do vậy cường độ hô hấp giảm.

- Hệ tuần hoàn giúp duy trì huyết áp qua tăng cường hoạt động của tim và huy động máu từ các cơ quan dự trữ ( ví dụ huy động lượng máu dự trữ ở trong gan, lách).

- Khi huyết áo giảm thì sẽ gây cảm giác khát dẫn đến tăng uống nước để góp phần duy trì huyết áp của máu.

Chọn đáp án D

Hình ảnh mô tả giai đoạn kết thúc của quá trình tổng hợp chuỗi Pôlipeptit ở sinh vật nhân sơ.

Chọn đáp án D

Vì người thứ nhất cặp NST giới tính mang một NST X $\to$ XO $\to$ Thể Tớcnơ, người thứ 2 cặp NST giới tính XXY $\to$  Thể Claiphentơ

Chọn đáp án D

Nội dụng như sách giáo khoa cả cơ bản và nâng cao.

Chọn đáp án B

Các ý đúng là I và IV.

II sai vì các loài chim này có các loại thức ăn khác nhau nên ổ sinh thái về dinh dưỡng của chúng không trùng nhau.

III sai – số lượng các cá thể của các loài chim này không thể bằng nhau vì chúng thuộc các loài khác nhau.

Chọn đáp án D

Lưới thức ăn:

Bậc dinh dưỡng cấp 1: Sinh vật sản xuất: Bao gồm các sinh vật tự dưỡng như cây xanh, tảo.

Bậc dinh dưỡng cấp 2: SVTT1: Là động vật ăn thực vật hay sinh vật kí sinh trên thực vật.

Bậc dinh dưỡng cấp 3: SVTT2: Là động vật ăn SVTT1 hay sinh vật kí sinh trên SVTT1.

Bậc dinh dưỡng cấp n: SVTTn-1…

Chọn đáp án C

Trong ADN có tổng 2 loại nuclêôtit $=90\%\to$  đây là tổng 2 loại nuclêôtit bổ sung cho nhau.

Trường hợp 1: $G+X=90\%\to G=X=45\%\to A=T=5\%\to$  loại do A > G.

Trường hợp 2: $A+T=90\%\to A=T=45\%\to G=X=5\%$

Chọn C.

Chọn đáp án C

Ta có: $G=3900-3000=900=X\to A=T=600$

Khi gen tự nhân đôi 3 lần thì số nuclêôtit mỗi loại môi trường cần cung cấp cho gen đột biến là:

$\left\{\begin{array}{l}{A}_{mtcc}=T_{mtcc}=A_a.\left(2^3-1\right)=4193\\ G_{mtcc}=X_{mtcc}=G_a.\left(2^3-1\right)=6300\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}{A}_a=T_a=599nucleâoâtit\\ G_a=X_a=900nucleâoâtit\end{array}\right.$

Vậy đột biến là đột biến mất 1 cặp A – T 

Chọn đáp án A

Phép lai $P:♀\frac{\underset{¯}{Ab}}{aB}{X}^D{X}^d\times ♂\frac{\underset{¯}{AB}}{ab}{X}^{D}Y=\left(\frac{\underset{¯}{Ab}}{aB}\times \frac{\underset{¯}{AB}}{ab}\right).\left(X^D{X}^d\times X^{D}Y\right)$

Xét các phát biểu đúng của đề bài:

I đúng. Nếu không xảy ra hoán bị gen thì: $\left(\frac{\underset{¯}{Ab}}{aB}\times \frac{\underset{¯}{AB}}{ab}\right)\to$  đời con có 4 kiểu gen, 3 kiểu hình $X^D{X}^d\times X^{D}Y\to$đời con có 4 kiểu gen, 3 kiểu hình ( 100% cái trội: 1 đực trội: 1 đực lặn

$\to P:♀\frac{\underset{¯}{Ab}}{aB}{X}^D{X}^d\times ♂\frac{\underset{¯}{AB}}{ab}{X}^{D}Y$ cho đời con có 4.4=16 kiểu gen, 3.3=9 kiểu hình.

II sai. Nếu chỉ có hoán vị gen ở quá trình giảm phân của cơ thể cái thì $\left(\frac{\underset{¯}{Ab}}{aB}\times \frac{\underset{¯}{AB}}{ab}\right)\to$ đời con có 7 kiểu gen, 3 kiểu hình theo tỉ lệ 1:2:1

$X^D{X}^d\times X^{D}Y\to$đời con có 4 kiểu gen, 3 kiểu hình ( 100% cái trội: 1 đực trội: 1 đực lặn) $\to P:♀\frac{\underset{¯}{Ab}}{aB}{X}^D{X}^d\times ♂\frac{\underset{¯}{AB}}{ab}{X}^{D}Y$  cho đời con có 7.4 = 28 kiểu gen, 3.3 =9 kiểu hình.

III sai. Nếu xảy ra hoán vị gen ở cả đực và cái thì $\left(\frac{\underset{¯}{Ab}}{aB}\times \frac{\underset{¯}{AB}}{ab}\right)\to$  đời con có 10 kiểu gen, 4 kiểu hình

$X^D{X}^d\times X^{D}Y\to$đời con có 4 kiểu gen, 3 kiểu hình (100% cái trội: 1 đực trội: 1 đực lặn)

$\to P:♀\frac{\underset{¯}{Ab}}{aB}{X}^D{X}^d\times ♂\frac{\underset{¯}{AB}}{ab}{X}^{D}Y$ cho đời con có 10.4=40 kiểu gen, 4.3=12 kiểu hình.

IV sai. Nếu chỉ có hoán vị gen ở quá trình giảm phân của cơ thể đực thì $\left(\frac{\underset{¯}{Ab}}{aB}\times \frac{\underset{¯}{AB}}{ab}\right)\to$  đời con có 7 kiểu gen, 3 kiểu hình theo tỉ lệ 1:2:1

$X^D{X}^d\times X^{D}Y\to$đời con có 4 kiểu gen, 3 kiểu hình (  cái trội: 1 đực trội: 1 đực lặn) $\to P:♀\frac{\underset{¯}{Ab}}{aB}{X}^D{X}^d\times ♂\frac{\underset{¯}{AB}}{ab}{X}^{D}Y$  cho đời con có 7.4=28 kiểu gen, 3.3 = 9 kiểu hình.

Vậy chỉ có kết luận I đúng.

Chọn đáp án D

A, B, C sai vì nam và nữ đều chứa NST giới tính X và không phụ thuộc vào số lượng NST giới tính X.

D đúng, kiểu gen chứa NST giới tính Y luôn quy định giới nam.

Chọn đáp án C

Trong các phát biểu trên, C sai vì các yếu tố ngẫu nhiên ( biến động di truyền): là sự xuất hiện vật cản địa lí (núi cao, sông rộng) chia cắt khu phân bố của quần thể thành những phần nhỏ hay do sự phát tán, di chuyển của một nhóm cá thể đi lập quần thể mới.

Chọn đáp án C

Ta có tổng nhiệt hữu hiệu

$T=\left(x-k\right).n\left\{\begin{array}{l}xlanhietdomoitruong\\ \text{k\hspace{0.17em}la\hspace{0.17em}nhiet\hspace{0.17em}do\hspace{0.17em}nguong\hspace{0.17em}cua\hspace{0.17em}su\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}phat\hspace{0.17em}trien}\\ nlasongay\text{\hspace{0.17em}de\hspace{0.17em}}hoanthanh1chukìsong.\end{array}\right.$

Áp dụng công thức ta có:

Ở nhiệt độ $18°C:T=\left(18-k\right).17$

Ở nhiệt độ $25°C:T=\left(25-k\right).10$

Ta có: $\left(18-k\right).17=\left(25-k\right).10\to k=8$

Chọn đáp án B

I sai – biến động số lượng cá thể của quần thể thỏ và mèo rừng Canada đều là biến động theo chu kì

II. Đúng.

III. Sai, quần thể mèo rừng tăng số lượng thì quần thể thỏ giảm số lượng và ngược lại $\to$ tỉ lệ nghịch

IV. Đúng, kích thước của quần thể con mồi luôn lớn hơn kích thước của quần thể vật săn mồi

Vậy có 2 đáp án đúng.

Chọn đáp án B

Bố bình thường nên kiểu gen của bố là: $X^{AB}Y$ ; mẹ có kiểu gen là: $X^{Ab}{X}^{aB}$

Vì bố bình thường nên chắc chắn con gái bình thường (luôn nhận giao tử $X^{AB}$ từ bố) $\to$ người con bị bệnh là con trai.

Để sinh con trai mắc cả hai bệnh trên $\left(X^{ab}Y\right)$ thì mẹ phải cho giao tử $X^{ab}$  mà mẹ có kiểu gen dị hợp chéo $\left(X^{Ab}{X}^{aB}\right)\to$  trong giảm phân của mẹ đã xảy ra hoán vị gen $\to$  trong các nhận định mà đề đưa ra, nhận định đúng là: “Đứa con trên là trai, trong giảm phân của mẹ có xảy ra hoán vị gen.”

Chọn đáp án A

Nhận xét: 1 tế bào vi khuẩn E, coli chứa 1 phần tử ADN, cứ mỗi lần tế bào này phân chia, có nghĩa là 1 phân tử ADN trong tế này thực hiện quá trình nhân đôi.

Ta có: 1 phân tử ADN mẹ nhân đôi k lần tạo ra $2^k=8$  phân tử ADN con. Trong 8 phân tử ADN con được tạo ra có 2 phân tử còn chứa một mạch của phân tử ADN mẹ (mạch $N^{15}$)

$\to$Số phân tử ADN ở vùng nhân của các E. coli chỉ chứa $N^{14}$  phóng xạ được tạo ra trong quá trình trên là = 8-2=6

Nguyên tắc bán bảo tồn trong quá trình nhân đôi ADN

Từ 1 phân tử ADN ban đầu, qua quá trình nhân đôi ADN tạo ra 2 phân tử ADN mới. Trong đó, mỗi phân tử ADN mới được tạo ra có một mạch của ADN ban đầu và một mạch mới. TTDT của ADN ban đầu (ADN mẹ) được bảo tồn một nửa, một nửa được tổng hợp mới. Do đó, trong các ADN con sinh ra luôn có 2 phân tử chứa mạch cũ của ADN ban đầu.

Chọn đáp án D

$P:\frac{Ab}{aB}\times \frac{AB}{ab}$ (gọi tần số hoán vị gen của phép lai là $f=2x\left(x<25\%\right)$)

$G_p:Ab=aB=\mathrm{0,5}-xAB=ab=\mathrm{0,5}-x$

$AB=ab=x Ab=aB=x$

Ta có:$\frac{ab}{ab}=x.\left(\mathrm{0,5}-x\right)=\mathrm{0,06}\to x=\mathrm{0,2}$

$\to \frac{aB}{ab}=\left(\mathrm{0,5}-x\right).\left(\mathrm{0,5}-x\right)+x.x=\left(\mathrm{0,5}-\mathrm{0,2}\right).\left(\mathrm{0,5}-\mathrm{0,2}\right)+\mathrm{0,2.0,2}=13\%$

Đối với những bài tập dạng như này chúng ta nên gọi tần số hoán vị gen theo một biến nào đó, rồi đi tìm hoán vị gen.

Chọn đáp án A

Đời $F_1$ có tỉ lệ 1: 1; đời $F_1$ có tỉ lệ 1:1 thì gen quy định tính trạng nằm trên NST X.

- Vì gen nằm trên NST X cho nên (I) sai.

- Vì gen nằm trên NST X cho nên ta có sơ đồ lai: $X^a{X}^a\times X^{A}Y$  thu được $F_1$  có $1X^A{X}^B;1X^{a}Y$ có tỉ lệ kiểu hình 1 lông đỏ : 1 lông trắng.

Tiếp tục cho $F_1$  lai với nhau: $1X^A{X}^a\times 1X^{a}Y$

Thu được $F_2$ có $1X^A{X}^a;1X^a{X}^a\mathrm{,1}{X}^{A}Y\mathrm{,1}{X}^{a}Y=$ 2 lông đỏ : 2 lông trắng = 1:1

Nếu tiếp tục cho $F_2$ giao phối với nhau thì $F_3$ có tỉ lệ 7 đỏ: 9 trắng $\to$ (II) sai.

- Vì gen nằm trên NST X cho nên sẽ có 5 kiểu gen, trong đó giới đực có 2 kiểu gen, giới cái có 3 kiểu gen $\to$(III) đúng.

- Có 2 kiểu gen quy định lông trắng, đó là $X^a{X}^a$ và $X^{a}Y$

Chọn đáp án B

P: $\text{AA}\times \text{aa}\to {\text{F}}_{\text{1}}\text{:Aa}$

${\text{F}}_{\text{2}}\text{:}\frac{\text{1}}{\text{4}}\text{AA:}\frac{\text{2}}{\text{4}}\text{Aa:}\frac{\text{1}}{\text{4}}\text{aa}$

Hoa đỏ ${\text{F}}_{\text{2}}\text{:}\frac{\text{1}}{\text{3}}\text{AA:}\frac{\text{2}}{\text{3}}\text{Aa}$ giảm phân cho $\frac{\text{2}}{\text{3}}\text{A:}\frac{\text{1}}{\text{3}}\text{a}$

${\text{F}}_{\text{3}}\text{:}\left(\frac{\text{2}}{\text{3}}\text{A:}\frac{\text{1}}{\text{3}}\text{a}\right)\times \left(\frac{\text{2}}{\text{3}}\text{A:}\frac{\text{1}}{\text{3}}\text{a}\right)$

${\text{F}}_{\text{3}}\text{:\hspace{0.17em}4/9AA\hspace{0.17em}:\hspace{0.17em}4/9Aa}:\text{1/9aa}$ hay 8/9 hoa đỏ: 1/9 hoa trắng

Xét các phát biểu của đề bài:

(1) Đúng. Ở ${\text{F}}_{\text{3}}$  cây hoa trắng chiếm tỉ lệ 1/9.

(2) Sai. Ở ${\text{F}}_{\text{3}}$  cây hoa đỏ chiếm tỉ lệ 8/9.

(3) Đúng. Ở ${\text{F}}_{\text{3}}$  cây hoa đỏ thuần chủng (AA) chiếm tỉ lệ là 4/9.

(4) Sai. Ở ${\text{F}}_{\text{3}}$  cây hoa đỏ không thuần chủng (Aa) chiếm tỉ lệ là 4/9.

Chọn đáp án B

- Cấu trúc di truyền của các quần thể.

Quần thể I: 100% Aa

Quần thể II: 100% Aa

Quần thể III: 100% aa

Quần thể IV: 50% AA : 50% aa

Quần thể V: 75% AA : 25%Aa

Quần thể VI: 16% AA : 48% Aa : 36% aa

- Quần thể ở trạng thái cân bằng khi:

+ Cấu trúc 100% AA hoặc 100% aa

Vậy trong các quần thể trên, các quần thể I, II, II, VI cân bằng

Chọn đáp án B

Ta thấy cặp vợ chồng 1 – 2 bình thường nhưng sinh con gái bị bệnh → alen gây bệnh là alen lặn nằm trên NST thường.

Quy ước gen: M – bình thường; m – bị bệnh

I. đúng

- Vì bố mẹ 1 – 2 sinh con gái 6 bị bệnh nên có kiểu gen mm; họ sinh con trai 7 có nhóm máu O nên người 1 dị hợp về kiểu gen nhóm máu → Xác định được kiểu gen của 2 người này.

- Người 6 nhận $I^O$  từ mẹ và bị bệnh nên ta xác định được kiểu gen.

- Cặp bố mẹ 3 – 4 sinh son bị bệnh, có con nhóm máu O nên dị hợp về kiểu gen nhóm máu.

Như vậy ta xác định được kiểu gen của 6 người: 1, 2, 3, 4, 6, 9.

II sai. người số 7 có bố mẹ dị hợp về gen gây bệnh nên có kiểu gen 1MM : 2Mm; người 8 có kiểu gen Mm.

Xác suất họ sinh con không mang alen gây bệnh là:

(1MM:2Mm) × Mm $\leftrightarrow \left(2M:1m\right)\times \left(1M:1m\right)\to MM:2/6$, xác suất sinh con gái là 1/2 → Xác suất cần tính là 1/6.

III sai. Người số 9 bị bệnh, nhóm máu O kiểu gen là đồng hợp tử.

IV sai. Nếu người số 6 và người số 9 kết hôn với nhau chỉ sinh ra con có nhóm máu A hoặc O.