2Al + 6HCl → 2AlCl3 + 3H2

nAl = 0,2 → nH2 = 0,3 → V = 6,72 lít

Chất X là CH3CH2OH:

CH3CH=O + H2 → CH3CH2OH

Phản ứng của Al với oxit kim loại đứng sau Al gọi là phản ứng nhiệt nhôm.

→ Al + Fe2O3 là phản ứng nhiệt nhôm.

Kim loại X là Mg. Còn lại Ba, Al tan trong cả dung dịch HCl và NaOH; Cu không tan trong HCl, không tan trong NaOH.

CaCl2 không phản ứng với dung dịch NaOH.

FeCl3 + NaOH → Fe(OH)3 + NaCl

NaHSO4 + NaOH → Na2SO4 + H2O

Al(OH)3 + NaOH → NaAlO2 + H2O

Amin bậc 3 được tạo ra khi thay thế 3H trong NH3 bằng 3 gốc hiđrocacbon → (CH3)3N là amin bậc 3.

nO = (3,43 – 2,15)/16 = 0,08

→ nH2O = 0,08

→ nHCl = 2nH2O = 0,16

→ V = 320 ml

D sai, kim loại dẫn điện tốt nhất là Ag.

Tất cả đều phản ứng với Ba(HCO3)2:

Ba(HCO3)2 + HNO3 → Ba(NO3)2 + CO2 + H2O

Ba(HCO3)2 + Na2SO4 → BaSO4 + NaHCO3

Ba(HCO3)2 + Ba(OH)2 → BaCO3 + H2O

Ba(HCO3)2 + NaHSO4 → BaSO4 + Na2SO4 + CO2 + H2O

Dùng dung dịch HCl dư không thể làm mềm nước cứng toàn phần do không loại bỏ được ion Mg2+, Ca2+.

Mg là chất khử (vì số oxi hóa của Mg tăng từ 0 lên +2), Cu2+ là chất oxi hóa (vì số oxi hóa của Cu2+ giảm từ +2 xuống 0)

MY < MZ nên Y là HOOC-COOA và Z là (COOA)2

MY = A + 89 = 16.4/54,24% → A = 29: -C2H5

X là C2H5OH

Fe + CuCl2 → FeCl2 + Cu

nFe = 0,05; nCuCl2 = 0,04 → Chất rắn gồm Cu (0,04) và Fe dư (0,01)

m rắn = 3,12 gam

A. Fe + Fe(NO3)3 → Fe(NO3)2

B. Cu + H+ + NO3- → Cu2+ + NO + H2O

C. Al + Cl2 → AlCl3

D. Không phản ứng

nHCl = (m muối – mX)/36,5 = 0,3 → nX = 0,3

→ MX = 89: X là H2N-[CH2]2-COOH.

Cu + Fe3O4 + 4H2SO4 → CuSO4 + 3FeSO4 + 4H2O

Chất rắn X là Cu dư, Y chứa FeSO4, CuSO4, H2SO4.

m phân NPK = a kg

m phân kali = b kg

m phân urê = c kg

mN = 20%a + 46%c = 150

mP2O5 = 20%a = 60

mK2O = 15%a + 60%b = 110

→ a = 300; b = 325/3; c = 4500/23

Số tiền = 14000a + 18000b + 20000c = 10063043 VNĐ

nCO2 = 0,6; nBaCO3 = m/197 = y

TN2: 0,6 mol CO2 + x mol Ba(OH)2 → 0,5y mol BaCO3 + (x – 0,5y) mol Ba(HCO3)2

Bảo toàn C → 0,6 = 0,5y + 2(x – 0,5y) (1)

TN1: 0,6 mol CO2 + x mol Ba(OH)2 + x mol NaOH:

• Nếu BaCO3 chưa bị hòa tan → x = y (2)

(1)(2) → x = y = 0,4

• Nếu BaCO3 đã bị hòa tan → Các sản phẩm là BaCO3 (y), NaHCO3 (x), Ba(HCO3)2 (x – y)

Bảo toàn C → 0,6 = y + x + 2(x – y) (3)

(1)(3) → Vô nghiệm.

(3) → T chứa Cl (Loại A, D) → T là BaCl2 → Y là Ba(OH)2

→ Chọn B:

(1) Al2(SO4)3 + Ba(OH)2 → Al(OH)3↓ + BaSO4.

(2) Al2(SO4)3 + BaCl2 → BaSO4 + AlCl3.

(3) AlCl3 + Ba(OH)2 → Al(OH)3↓ + BaCl2.

Đoạn 1: CuSO4 + 2NaCl → Cu + Cl2 + Na2SO4

nCl2 = nCu = x

Đoạn 2: H2SO4 + 2NaCl → H2 + Cl2 + Na2SO4

nCl2 = nH2 = y

Đoạn 3: 2H2O + 2NaCl → H2 + Cl2 + 2NaOH

nH2 = nCl2 = 0,5z – x – y

Đoạn 4: Điện phân nước ở 2 điện cực, tạo H2, O2.

Lúc t = 28950 → ne = 0,75 → z = 0,75

Lượng Al2O3 bị hòa tan bởi H+ và bởi OH- như nhau nên: nH+ = 6nAl2O3; nOH- = 2nAl2O3 → nH+ = 3nOH-

⇔ 2y = 3.2(0,5z – x – y) (1)

m giảm = 64x + 2(0,75 – 2x)/2 + 35,5z = 35,125 (2)

(1)(2) → x = 0,125; y = 0,1875

→ x + y + z = 1,0625

(a) Sai, tùy cấu tạo của C6H5-, nếu C6H5- là phenyl thì C6H5NH2 có tên thay thế là benzenamin.

(b) Sai, xenlulozơ không tan trong nước và không tan trong dung môi hữu cơ như etanol, ete, benzen.

(c) Sai, trong môi trường kiềm fructozơ chuyển thành glucozơ trong 1 cân bằng.

(e) Sai, tơ nitron không có nhóm amit.

(g) Đúng, số N = 1 + 1 + 2 = 4 và số O = 4 + 2 + 2 – 2 = 6

nCOO-Ancol = u và nCOO-phenol = v

mQ = 16(2u + 2v) + 0,64.12 + 0,38.2 = 15,48

nNaOH = u + 2v; nH2O = v, bảo toàn khối lượng:

15,48 + 40(u + 2v) = 5,64 + 19,52 + 18v

→ u = 0,18; v = 0,04

nNaOH = 0,26 → nNa2CO3 = 0,13

→ nC(muối) = nNa2CO3 + nCO2 = 0,46

→ nC(Ancol) = 0,64 – 0,46 = 0,18

nO(Ancol) = u = 0,18 → nH(Ancol) = 0,6

nAncol = nH/2 – nC = 0,12

Số C = 0,18/0,12 = 1,5 → Có CH3OH

MX < MY < MZ < 200 đvC nên ancol không quá 3 chức, mặt khác ancol có nC = nO nên:

TH1: CH3OH (0,06) và C2H4(OH)2 (0,06) (Bấm hệ nAncol, mAncol): Loại vì không đúng tỉ lệ 1 : 3.

TH2: CH3OH (0,09) và C3H5(OH)2 (0,03) (Bấm hệ nAncol, mAncol): Thỏa mãn tỉ lệ 1 : 3.

Muối chứa COONa (u + v = 0,22); ONa (0,04); C (0,46 – 0,22 = 0,24) và H (0,34 – Tính từ mF)

Dễ thấy nC = 6nONa nên muối gồm C6H5ONa (0,04), HCOONa (0,34 – 0,04.5 = 0,14) và (COONa)2 (0,04)

Q gồm:

Y là (HCOO)3C3H5: 0,03

Z là C6H5-OOC-COO-CH3: 0,04

X là HCOOCH3: 0,05

→ %nZ = 33,33%

P gồm axit linoleic (u mol), tripanmitin, trieste X (tổng v mol)

→ nP = u + v = 0,12

Bảo toàn O → 2u + 6v + 7,03.2 = 4,98.2 + 4,74

→ u = 0,02; v = 0,1

→ n muối = u + 3v = 0,32

→ Y gồm C17H31COONa (0,02), C15H31COONa (0,26), RCOONa (0,04)

nX > 0,02 → nX = nRCOONa = 0,04

P gồm C17H31COOH (0,02), (RCOO)(C15H31COO)2A (0,04) và (C15H31COO)3C3H5 (0,06)

Bảo toàn khối lượng → mP = 79,48

mX = mP – mC17H31COOH – m(C15H31COO)3C3H5 = 25,52

→ %X = 32,11%

Mỗi phần X nặng 12,33 gam

Phần 1: nAl ban đầu = nNaOH = 0,15

nH2 = 0,075 → nAl dư = 0,05 → nAl phản ứng = 0,1 → nO = 0,15 → nFe = 0,105

Phần 2: Quy đổi thành Al (0,15), Fe (0,105), O (0,15)

Z chứa Al3+ (0,15), Fe2+ (a), Fe3+ (b), NH4+ (c), K+ (c + 0,09) và Cl- (2a + 3b + 2c + 0,54)

Bảo toàn Fe → a + b = 0,105

m↓ = 143,5(2a + 3b + 2c + 0,54) + 108a = 125,755

nH+ = 2a + 3b + 2c + 0,54 = 10c + 0,09.4 + 0,02.2 + 0,15.2

→ a = 0,035; b = 0,07; c = 0,015

mddY = mKNO3 + mPhần 2 + mddHCl – mZ = 120,195

C%FeCl3 = 162,5b/120,195 = 9,46%

(a) Ca + 2H2O → Ca(OH)2 + H2

Ca(OH)2 + 2Al + 2H2O → Ca(AlO2)2 + 3H2

Ca(OH)2 còn dư, Al tan hết.

(b) Cu + Fe2(SO4)3 → CuSO4 + 2FeSO4

(c) Na2O + H2O → 2NaOH

Ca(H2PO4)2 + 2NaOH → CaHPO4↓ + Na2HPO4 + 2H2O

(d) BaO + H2O + Na2SO4 → BaSO4↓ + 2NaOH

(đ) Không phản ứng.