9 câu hỏi trắc nghiệm thuộc Tổng hợp đề thi chính thức vào 10 môn Toán năm 2021 có đáp án (Phần 1) (Đề 20)

Tổng hợp đề thi chính thức vào 10 môn Toán năm 2021 có đáp án (Phần 1)

Đề số 1
Đề số 2
Đề số 3
Đề số 4
Đề số 5
Đề số 6
Đề số 7
Đề số 8
Đề số 9
Đề số 10
Đề số 11
Đề số 12
Đề số 13
Đề số 14
Đề số 15
Đề số 16
Đề số 17
Đề số 18
Đề số 19
Đề số 20
Đề số 21
Đề số 22
Đề số 23
Đề số 24
Đề số 25
Đề số 26
Đề số 27
Đề số 28
Đề số 29
Đề số 30

Tổng hợp đề thi chính thức vào 10 môn Toán năm 2021 có đáp án (Phần 1) (Đề 20)

4698 lượt thi
9 câu hỏi
60 phút

Danh sách câu hỏi

Câu 1:

A = (\frac{1}{x - \sqrt{x}} + \frac{1}{\sqrt{x} - 1}) : \frac{\sqrt{x} + 1}{{(\sqrt{x} - 1)}^{2}}

a) Rút gọn biểu thức A

Xem đáp án

a) ĐKXĐ: $\{\begin{cases} x \geq 0 \\ x - \sqrt{x} \neq 0 \\ \sqrt{x} - 1 \neq 0 \\ {(\sqrt{x} - 1)}^{2} \neq 0 \end{cases} \Leftrightarrow \{\begin{cases} x > 0 \\ x \neq 1 \end{cases}$

$\begin{array}{l} A = (\frac{1}{x - \sqrt{x}} + \frac{1}{\sqrt{x} - 1}) : \frac{\sqrt{x} + 1}{{(\sqrt{x} - 1)}^{2}} \\ = \frac{1 + \sqrt{x}}{\sqrt{x} (\sqrt{x} - 1)} . \frac{{(\sqrt{x} - 1)}^{2}}{\sqrt{x} + 1} = \frac{\sqrt{x} - 1}{\sqrt{x}} \end{array}$

Vậy với $x > 0, x \neq 1$ ta có : $A = \frac{\sqrt{x} - 1}{\sqrt{x}}$

Câu 2:

b) Tìm các giá trị của x để biểu thức $A > 0$

Xem đáp án

b) $\begin{array}{l} A > 0 \Leftrightarrow \frac{\sqrt{x} - 1}{\sqrt{x}} > 0 \Rightarrow \sqrt{x} - 1 > 0 (d o \sqrt{x} > 0) \\ \Rightarrow \sqrt{x} > 1 \Leftrightarrow x > 1 \end{array}$

Kết hợp với điều kiện ta được $x > 1$ thỏa mãn

Vậy $x > 1$ thì $A > 0$

Câu 3:

Cho $(P) : y = x^{2}$ và đường thẳng $(d) : y = (m^{2} - 4) x + m^{2} - 3$ (m là tham số)

a) Tìm tọa độ giao điểm của parabol (P) với đường thẳng (d) khi m =0

Xem đáp án

a) Xét phương trình hoành độ giao điểm của d và (P):

$x^{2} = (m^{2} - 4) x + m^{2} - 3 \Leftrightarrow x^{2} - (m^{2} - 4) x - m^{2} + 3 = 0 (1)$

Thay m = 0 vào phương trình trên ta được phương trình: $x^{2} + 4 x + 3 = 0$

Ta có $Δ' = 4 - 3 = 1 > 0$ nên phương trình có hai nghiệm phân biệt :

$x_{1} = - 2 + \sqrt{1} = - 1, x_{2} = - 2 - \sqrt{1} = - 3$

$x_{1} = - 1 \Rightarrow y_{1} = 1; x_{2} = - 3 \Rightarrow y_{2} = 9$

Vậy khi m = 0 thì (d) cắt (P) tại hai điểm $(- 1; 1), (- 3; 9)$

Câu 4:

b) Tìm các giá trị của tham số m để đường thẳng $(d) : y = (m^{2} - 4) x + m^{2} - 3$ luôn cắt (P) tại hai điểm phân biệt

Xem đáp án

b) Xét phương trình hoành độ giao điểm của (d), (P) là :

$x^{2} - (m^{2} - 4) x - m^{2} + 3 = 0 (1)$

Đường thẳng d luôn cắt (P) tại hai điểm phân biệt $\Leftrightarrow (1)$ có hai nghiệm phân biệt $\begin{array}{l} \Leftrightarrow Δ > 0 \Leftrightarrow {(m^{2} - 4)}^{2} - 4 (- m^{2} + 3) > 0 \\ \Leftrightarrow m^{4} - 8 m^{2} + 16 + 4 m^{2} - 12 > 0 \Leftrightarrow m^{4} - 4 m^{2} + 4 > 0 \\ \Leftrightarrow {(m^{2} - 2)}^{2} > 0 \Leftrightarrow m^{2} - 2 \neq 0 \Leftrightarrow m \neq \pm \sqrt{2} \end{array}$

Vậy với $m \neq \pm \sqrt{2}$ thì (d) cắt (P) tại hai điểm phân biệt

Câu 5:

Hai phân xưởng của một nhà máy theo kế hoạch phải làm tổng cộng 300 sản phẩm. Nhưng khi thực hiện thì phân xưởng 1 vượt mức 10% so với kế hoạch, phân xưởng II vượt mức 20% so với kế hoạch. Do đó cả hai phân xưởng đã làm được 340 sản phẩm. Tính số sản phẩm mỗi phân xưởng phải làm kế hoạch.

Xem đáp án

Gọi số sản phẩm phân xưởng I phải làm theo kế hoạch là x (sản phẩm) $(x \in ℕ *)$

$\Rightarrow$ số sản phẩm phân xưởng II làm theo kế hoạch là 300 - x (sản phẩm)

Vì khi thực hiện thì phân xưởng I vượt mức 10% so với kế hoạch nên số sản phẩm phân xưởng I làm được là : $x + x .10 % = x + 0,1 x = 1,1 x$ (sản phẩm)

Phân xưởng II vượt mức 20% so với kế hoạch nên số sản phẩm phân xưởng 2 làm được là : $300 - x + (300 - x) .20 % = (300 - x) .1,2$ (sản phẩm)

Tổng số sản phẩm cả hai phân xưởng làm được là 340 sản phẩm nên ta có phương trình : $1,1 x + (300 - x) .1,2 = 340 \Leftrightarrow x = 200 (t m)$

Vậy phân xưởng I cần làm 200 sản phẩm và phân xưởng II cần làm $300 - 200 = 100$ sản phẩm

Câu 6:

Cho đường tròn (O;R) và đường thẳng d không qua O cắt đường tròn tại hai điểm A, B. Lấy một điểm M trên tia đối của tia BA kẻ hai tiếp tuyến MA, MD với đường tròn (C,D là các tiếp điểm). Gọi H là trung điểm của AB

a) Chứng minh rằng các điểm M, D, O, H cùng nằm trên một đường tròn

Xem đáp án

a) Do H là trung điểm của AB nên $O H ⊥ A B$ (tính chất đường kính – dây cung)

Xét tứ giác MDOH có: $∠ M H O + ∠ M D O = 90 ° + 90 ° = 180 °$

$\Rightarrow$ Tứ giác MDOH nội tiếp (dấu hiệu nhận biết)

Vậy các điểm M,D, O,H cùng nằm trên một đường tròn

Câu 7:

b) Đoạn OM cắt đường tròn tại I. Chứng minh rằng I là tâm đường tròn nội tiếp tam giác MCD

Xem đáp án

b) Do MC, MD là hai tiếp tuyến của (O) nên MO là phân giác của $∠ C M D h a y M I$ là phân giác của $∠ C M D (1)$

OI là phân giác của $∠ C O D$ hay $∠ C O I = ∠ D O I \Rightarrow C I = D I \Rightarrow ∠ I C M = ∠ I C D$

Suy ra CI là phân giác của $∠ M C D (2)$

Từ $(1), (2) \Rightarrow I$ là giao điểm của các đường phân giác của $∆ M C D$

$\Rightarrow I$ là tâm đường tròn nội tiếp tam giác MCD(đpcm)

Câu 8:

c) Đường thẳng qua O vuông góc với OM cắt các tia MC, MD theo thứ tự tại P và Q. Tìm vị trí của điểm M trên d sao cho diện tích tam giác MPQ bé nhất

Xem đáp án

c) Ta có : $S_{M P Q} = \frac{1}{2} M O . P Q = \frac{1}{2} M O .2. O P = M O . O P$
Mà $Δ M C O ∽ Δ M O P (g . g) \Rightarrow \frac{M O}{M P} = \frac{C O}{O P} \Rightarrow M O . O P = M P . C O$

$\Rightarrow S_{M P Q} = M P . C O = (M C + C P) . C O \geq 2 \sqrt{M C . C P} . C O$

Dấu $" = "$ xảy ra $\Leftrightarrow M C = C P \Leftrightarrow Δ M O P$ vuông cân

$\Leftrightarrow ∠ P M O = 45 ° \Leftrightarrow ∠ C M D = 90 °$

$\Leftrightarrow M C O D$ là hình vuông cạnh $R \Leftrightarrow M O = R \sqrt{2}$

Vậy diện tích tam giác MQP bé nhất khi

M O = R \sqrt{2}

Câu 9:

Cho các số thực dương x, y, z thỏa mãn $x^{2} + y^{2} + z^{2} = 3 x y z$

Chứng minh rằng : $\frac{x^{2}}{x^{4} + z y} + \frac{y^{2}}{y^{4} + x z} + \frac{z^{2}}{z^{4} + x y} \leq \frac{3}{2}$

Xem đáp án

Áp dụng bất đẳng thức Cô-si cho hai số $x^{4}$ và yz ta có : $x^{4} + y z \geq 2 \sqrt{x^{4} z y} = 2 x^{2} \sqrt{y z}$

Tương tự : $\{\begin{cases} y^{4} + x z \geq 2 y^{2} \sqrt{x z} \\ z^{4} + x y \geq 2 z^{2} \sqrt{x y} \end{cases}$

$\begin{array}{l} \Rightarrow \frac{x^{2}}{x^{4} + y z} + \frac{y^{2}}{y^{4} + x z} + \frac{z^{2}}{z^{4} + x y} \leq \frac{x^{2}}{2 x^{2} \sqrt{y z}} + \frac{y^{2}}{2 y^{2} \sqrt{x z}} + \frac{z^{2}}{2 z^{2} \sqrt{x y}} \\ \Leftrightarrow \frac{x^{2}}{x^{4} + y z} + \frac{y^{2}}{y^{4} + x z} + \frac{z^{2}}{z^{4} + x y} \leq \frac{1}{2} (\frac{1}{\sqrt{y z}} + \frac{1}{\sqrt{x z}} + \frac{1}{\sqrt{x y}}) \\ \Leftrightarrow \frac{x^{2}}{x^{4} + y z} + \frac{y^{2}}{y^{4} + x z} + \frac{z^{2}}{z^{4} + x y} \leq \frac{1}{2} . \frac{\sqrt{x} + \sqrt{y} + \sqrt{z}}{\sqrt{x y z}} \end{array}$

Sử dụng bất đẳng thức phụ : ${(a + b + c)}^{2} \leq 3 (a^{2} + b^{2} + c^{2})$ (sử dụng phép biến đổi tương đương để chứng minh)

$\begin{array}{l} {(\sqrt{x} + \sqrt{y} + \sqrt{z})}^{2} \leq 3 (x + y + z) \\ \Rightarrow {(x + y + z)}^{2} \leq 3. (x^{2} + y^{2} + z^{2}) = 9 x y z \\ \Rightarrow x + y + z \leq 3 \sqrt{x y z} \Rightarrow {(\sqrt{x} + \sqrt{y} + \sqrt{z})}^{2} \leq 3.3 \sqrt{x y z} = 9 \sqrt{x y z} \\ \Rightarrow \sqrt{x} + \sqrt{y} + \sqrt{z} \leq 3 \sqrt[4]{x y z} \\ \Rightarrow \frac{x^{2}}{x^{4} + y z} + \frac{y^{2}}{y^{4} + x z} + \frac{z^{2}}{z^{4} + x y} \leq \frac{1}{2} . \frac{3 \sqrt[4]{x y z}}{\sqrt{x y z}} = \frac{3}{2} . \frac{1}{\sqrt[4]{x y z}} \end{array}$

Ta sẽ chứng minh $\sqrt[4]{x y z} \geq 1$

Áp dụng bất đẳng thức Cô – si cho 3 số $x^{2}, y^{2}, z^{2}$ ta được :

$\begin{array}{l} x^{2} + y^{2} + z^{2} \geq 3 \sqrt[3]{{(x y z)}^{2}} \Rightarrow 3 x y z \geq 3 \sqrt[3]{{(x y z)}^{2}} \\ \Rightarrow \sqrt[3]{x y z} \geq 1 (d o x y z > 0) \Rightarrow x y z \geq 1 \Rightarrow \sqrt[4]{x y z} \geq 1 \end{array}$

$\Rightarrow \frac{x^{2}}{x^{4} + y z} + \frac{y^{2}}{y^{4} + x z} + \frac{z^{2}}{z^{4} + x y} \leq \frac{1}{2} . \frac{3 \sqrt[4]{x y z}}{\sqrt{x y z}} = \frac{3}{2} . \frac{1}{\sqrt[4]{x y z}} \leq \frac{3}{2}$

Dấu $" = "$ xảy ra khi $x = y = z = 1$

Bắt đầu thi ngay